Задача о наибольшей возрастающей подпоследовательности — различия между версиями

Материал из Викиконспекты
Перейти к: навигация, поиск
м (rollbackEdits.php mass rollback)
 
(не показано 13 промежуточных версий 7 участников)
Строка 1: Строка 1:
__TOC__
+
{{Задача
 +
|definition =
 
Дан массив из <tex>n</tex> чисел: <tex>a[0..n - 1]</tex>. Требуется найти в этой последовательности строго возрастающую подпоследовательность наибольшей длины.
 
Дан массив из <tex>n</tex> чисел: <tex>a[0..n - 1]</tex>. Требуется найти в этой последовательности строго возрастающую подпоследовательность наибольшей длины.
 +
}}
 
{{Определение
 
{{Определение
 
|definition =  
 
|definition =  
'''Наибольшая возрастающая подпоследовательность (НВП)''' (''англ''. Longest increasing subsequence - LIS)  строки <tex> x </tex> длины <tex> n </tex> - это последовательность <tex> x[i_1] < x[i_2] < \dots < x[i_k] </tex> символов строки <tex> x </tex> таких, что <tex> i_1 < i_2 < \dots < i_k,  1 \le i_j \le n </tex>, причем  <tex> k </tex> - наибольшее из возможных.  
+
'''Наибольшая возрастающая подпоследовательность (НВП)''' (англ. ''Longest increasing subsequence, LIS'')  строки <tex> x </tex> длины <tex> n </tex> {{---}} это последовательность <tex> x[i_1] < x[i_2] < \dots < x[i_k] </tex> символов строки <tex> x </tex> таких, что <tex> i_1 < i_2 < \dots < i_k,  1 \leqslant i_j \leqslant n </tex>, причем  <tex> k </tex> {{---}} наибольшее из возможных.  
 
}}
 
}}
 +
 +
__TOC__
 
== Решение за время O(N<sup>2</sup>) ==
 
== Решение за время O(N<sup>2</sup>) ==
Построим массив <tex>d</tex>, где <tex>d[i]</tex> <tex>-</tex> это длина наибольшей возрастающей подпоследовательности, оканчивающейся в элементе, с индексом <tex>i</tex>. Массив будем заполнять постепенно - сначала <tex>d[0]</tex>, потом <tex>d[1]</tex> и т.д. Ответом на нашу задачу будет максимум из всех элементов массива <tex>d[]</tex>.
+
Построим массив <tex>d</tex>, где <tex>d[i]</tex> {{---}} это длина наибольшей возрастающей подпоследовательности, оканчивающейся в элементе, с индексом <tex>i</tex>. Массив будем заполнять постепенно {{---}} сначала <tex>d[0]</tex>, потом <tex>d[1]</tex> и т.д. Ответом на нашу задачу будет максимум из всех элементов массива <tex>d</tex>.
Заполнение массива будет следующим: если <tex>d[i] = 1</tex>, то искомая последовательность состоит только из числа <tex>a[i]</tex>. Если <tex>d[i] > 1</tex>, то перед числом <tex>a[i]</tex> в подпоследовательности стоит какое-то другое число. Переберем его: это может быть любой элемент <tex>a[j](j = 0...i - 1)</tex>, но такой, что <tex>a[j] < a[i]</tex>. Пусть на каком-то шаге нам надо посчитать очередное <tex>d[i]</tex>. Все элементы массива <tex>d[]</tex> до него уже посчитаны. Значит наше <tex>d[i]</tex> мы можем посчитать следующим образом: <tex>d[i] = max(d[j]</tex>, для всех <tex>j = 0...i - 1)</tex> при условии, что <tex>a[j] < a[i]</tex>.
+
Заполнение массива будет следующим: если <tex>d[i] = 1</tex>, то искомая последовательность состоит только из числа <tex>a[i]</tex>. Если <tex>d[i] > 1</tex>, то перед числом <tex>a[i]</tex> в подпоследовательности стоит какое-то другое число. Переберем его: это может быть любой элемент <tex>a[j](j = 0...i - 1)</tex>, но такой, что <tex>a[j] < a[i]</tex>. Пусть на каком-то шаге нам надо посчитать очередное <tex>d[i]</tex>. Все элементы массива <tex>d</tex> до него уже посчитаны. Значит наше <tex>d[i]</tex> мы можем посчитать следующим образом: <tex>d[i] = 1 + \max\limits_{j = 0 .. i - 1}{d[j]}</tex> при условии, что <tex>a[j] < a[i]</tex>.
  
 
Пока что мы нашли лишь максимальную длину наибольшей возрастающей подпоследовательности, но саму ее мы вывести не можем. Для восстановления ответа заведем массив <tex>prev[0...n - 1]</tex>, где <tex>prev[i]</tex> будет означать индекс в массиве <tex>a[]</tex>, при котором достигалось наибольшее значение <tex>d[i]</tex>. Для вывода ответа будем идти от элемента с максимальным значениям <tex>d[i]</tex> по его предкам.
 
Пока что мы нашли лишь максимальную длину наибольшей возрастающей подпоследовательности, но саму ее мы вывести не можем. Для восстановления ответа заведем массив <tex>prev[0...n - 1]</tex>, где <tex>prev[i]</tex> будет означать индекс в массиве <tex>a[]</tex>, при котором достигалось наибольшее значение <tex>d[i]</tex>. Для вывода ответа будем идти от элемента с максимальным значениям <tex>d[i]</tex> по его предкам.
 +
 +
===Псевдокод алгоритма===
 
<code>
 
<code>
  vector<int> Find(vector<int> a)
+
  '''vector<int>''' findLIS('''vector<int>''' a):
    int n = a.size();//размер исходной последовательности
+
    '''int''' n = a.size                     ''<font color="green">//размер исходной последовательности</font>''
    vector<int> prev(n);
+
    '''int''' prev[0..n - 1]
    vector<int> d(n);
+
    '''int''' d[0..n - 1]
    for i = 0...n - 1
+
 
        d[i] = 1;
+
    '''for''' i = 0 '''to''' n - 1
        p[i] = -1;
+
        d[i] = 1
        for j = 0...i - 1
+
        prev[i] = -1
            if a[j] < a[i]
+
        '''for''' j = 0 '''to''' i - 1
                if d[j] + 1 > d[i]
+
            '''if''' (a[j] < a[i] '''and''' d[j] + 1 > d[i])
                    d[i] = d[j] + 1;
+
                d[i] = d[j] + 1
                    prev[i] = j;
+
                prev[i] = j
    int length = d[0], pos = 0;//length - длина наибольшей подпоследовательности, pos - последний символ наибольшей возрастающей подпоследовательности
+
 
    for i = 0...n - 1
+
    pos = 0                            ''<font color="green">// индекс последнего элемента НВП</font>''
        if d[i] > length
+
    length = d[0]                     ''<font color="green">// длина НВП</font>''
            length = d[i];
+
    '''for''' i = 0 '''to''' n - 1
            pos = i;
+
        '''if''' d[i] > length
    vector<int> answer;
+
            pos = i
    while pos != -1
+
            length = d[i]
        answer.push_back(a[pos]);
+
   
        pos = prev[pos];
+
    ''<font color="green">// восстановление ответа</font>''
    reverse(answer);
+
    '''vector<int>''' answer
    return answer;    
+
    '''while''' pos != -1
 +
        answer.push_back(a[pos])
 +
        pos = prev[pos]
 +
    reverse(answer)
 +
 
 +
    '''return''' answer     
 
</code>
 
</code>
== Решение за O(NlogN) ==
+
== Решение за O(N log N) ==
Для более быстрого решения данной задачи построим следующую динамику: пусть <tex>d[i](i = 0...n)</tex> - число, на которое оканчивается возрастающая последовательность длины <tex>i</tex>, а если таких чисел несколько - то наименьшее из них. Изначально мы предполагаем, что <tex>d[0] = -</tex><tex>\infty</tex>, а все остальные элементы <tex>d[i] =</tex> <tex>\infty</tex>.
+
Для более быстрого решения данной задачи построим следующую динамику: пусть <tex>d[i](i = 0...n)</tex> {{---}} число, на которое оканчивается возрастающая последовательность длины <tex>i</tex>, а если таких чисел несколько {{---}} то наименьшее из них. Изначально мы предполагаем, что <tex>d[0] = -\infty</tex>, а все остальные элементы <tex>d[i] =</tex> <tex>\infty</tex>.
Заметим два важных свойства этой динамики: <tex>d[i - 1] <= d[i]</tex>, для всех <tex>i = 1...n</tex>. А так же что каждый элемент <tex>a[i]</tex> обновляет максимум один элемент <tex>d[j]</tex>. Это означает, что при обработке очередного <tex>a[i]</tex>, мы можем за <tex> O(n\cdot\log n) </tex> c помощью двоичного поиска в массиве <tex>d[]</tex> найти первое число, которое строго больше текущего <tex>a[i]</tex> и обновить его.
+
Заметим два важных свойства этой динамики: <tex>d[i - 1] \leqslant d[i]</tex>, для всех <tex>i = 1...n</tex> и каждый элемент <tex>a[i]</tex> обновляет максимум один элемент <tex>d[j]</tex>. Это означает, что при обработке очередного <tex>a[i]</tex>, мы можем за <tex> O(\log n) </tex> c помощью [[Целочисленный_двоичный_поиск|двоичного поиска]] в массиве <tex>d</tex> найти первое число, которое больше либо равно текущего <tex>a[i]</tex> и обновить его.
Для восстановления ответа будем поддерживать заполнение двух массивов:<tex>pos</tex> и <tex>prev</tex>. В <tex>pos[i]</tex> будем хранить позицию <tex>d[i]</tex> в <tex>a[i]</tex>, а в <tex>prev[i]</tex> - позицию предыдущего элемента для <tex>a[i]</tex>.
+
 
 +
Для восстановления ответа будем поддерживать заполнение двух массивов: <tex>pos</tex> и <tex>prev</tex>. В <tex>pos[i]</tex> будем хранить индекс элемента, на который заканчивается оптимальная подпоследовательность длины <tex>i</tex>, а в <tex>prev[i]</tex> {{---}} позицию предыдущего элемента для <tex>a[i]</tex>.
 +
 
 +
===Псевдокод алгоритма===
 
<code>
 
<code>
  vector<int> Find(vector<int> a)
+
  '''vector<int>''' findLIS('''vector<int>''' a):
    int n = a.size();
+
    '''int''' n = a.size                     ''<font color="green">//размер исходной последовательности</font>''
    int length = 0;
+
    '''int''' d[0..n]
    int d[n], pos[n], prev[n];
+
    '''int''' pos[0..n]
    prev[0] = -1;
+
    '''int''' prev[0..n - 1]
    d[0] = -INFINITY;
+
    length = 0
    for i = 1...n - 1
+
   
        d[i] = INFINITY;
+
    pos[0] = -1
    for i = 0...n - 1
+
    d[0] = -INF
        int j = binsearch(d[], a[i]);
+
    '''for''' i = 1 '''to''' n
        if d[j - 1] < a[i] and a[i] < d[j]
+
        d[i] = INF
            d[j] = a[i];
+
    '''for''' i = 0 '''to''' n - 1
            pos[j] = i;
+
        j = binary_search(d, a[i])
            prev[i] = pos[d[j - 1]];
+
        '''if''' (d[j - 1] < a[i] '''and''' a[i] < d[j])
            length = max(length, j);
+
            d[j] = a[i]
    vector<int> answer;
+
            pos[j] = i
    int pos = length;
+
            prev[i] = pos[j - 1]
    while pos != -INFINITY
+
            length = max(length, j)
        answer.push_back(a[prev[pos]]);
+
   
        pos = a[prev[pos]];
+
    ''<font color="green">// восстановление ответа</font>''
    reverse(answer);
+
    '''vector<int>''' answer
    return answer;
+
    p = pos[length]
 +
    '''while''' p != -1
 +
        answer.push_back(a[p])
 +
        p = prev[p]
 +
    reverse(answer)
 +
 
 +
    '''return''' answer
 
</code>
 
</code>
== Источники ==
+
 
* [http://informatics.mccme.ru/moodle/mod/book/view.php?id=488 Наибольшая возрастающая подпоследовательность (НВП, Longest Increasing Subsequence, LIS)]
+
== Ещё одно решение за О(N log N) ==
* [http://e-maxx.ru/algo/longest_increasing_subseq_log Длиннейшая возрастающая подпоследовательность за O (N log N)]
+
Существует ещё одно решение, которое позволяет нам найти длину наибольшей возрастающей подпоследовательности, но без возможности восстановления данной подпоследовательности. Для этого мы воспользуемся таблом Юнга. Оно обладает таким свойством, что длина первой строки табла и будет являться искомой величиной<ref>[https://en.wikipedia.org/wiki/Robinson%E2%80%93Schensted_correspondence#Properties Wikipedia {{---}} Robinson–Schensted correspondence]</ref>.
* [http://ru.wikipedia.org/wiki/LIS Задача поиска наибольшей увеличивающейся подпоследовательности]
+
 
 +
Само табло представляет из себя расположение <tex>n_1+n_2+...+n_M</tex> различных целых чисел в массиве строк, выровненных по левому краю, где в <tex>i</tex> строке содержится <tex>n_i</tex> элементов; при этом в каждой строке элементы возрастают слева направо, а элементы каждого столбца возрастают сверху вниз. Чтобы построить табло требуется прочитать очередной элемент <tex>a_i</tex>, если он больше либо равен <tex>n_j</tex>, где <tex>j</tex> {{---}} длина строки, то просто добавить в конец строки, если меньше, то требуется найти первый элемент <tex>b</tex>, который больше данного <tex>a_i</tex>. Поставить элемент <tex>a</tex> вместо <tex>b</tex>. С элементом <tex>b</tex> требуется провести те же действия, что и с <tex>a</tex>, только уже на <tex>i+1</tex> строке табла.
 +
 
 +
Пример построения табла на массиве <tex>a = [ 3, 4, 9, 2, 5, 1 ]</tex> :
 +
 
 +
1. Берём элемент <tex>3</tex>. Видим, что <tex>3 > 0</tex>, который расположен на первой строке в ячейке с индексом <tex>j = 0</tex>. Увеличиваем <tex>j</tex> и <tex>t[i][j] = 3</tex>.
 +
 
 +
:{| border = 1; class="wikitable"
 +
|&nbsp;&nbsp;3&nbsp;&nbsp;
 +
|}
 +
 
 +
2. Берём элемент <tex>4</tex>. Видим, что <tex>4 > 3</tex>. Увеличиваем <tex>j</tex> и <tex>t[i][j] = 4</tex>.
 +
 
 +
:{| border = 1; class="wikitable"
 +
|&nbsp;&nbsp;3&nbsp;&nbsp;
 +
|&nbsp;&nbsp;4&nbsp;&nbsp;
 +
|}
 +
 
 +
3. Аналогично для элемента <tex>9</tex>.
 +
 
 +
:{| border = 1; class="wikitable"
 +
|&nbsp;&nbsp;3&nbsp;&nbsp;
 +
|&nbsp;&nbsp;4&nbsp;&nbsp;
 +
|&nbsp;&nbsp;9&nbsp;&nbsp;
 +
|}
 +
 
 +
4. Берём элемент <tex>2</tex>. Так как <tex>2 < 9</tex>, то бинарным поиском находим нужную нам позицию <tex>z</tex>, такую, что <tex>t[i][z-1] \leqslant 2 < t[i][z]</tex>. В данном случае это
 +
первая позиция. Присваиваем <tex>t[i][z] = 2</tex> и проделываем такую же операцию, но для строки с индексом <tex>i+1</tex>.
 +
 
 +
:{| border = 1; class="wikitable"
 +
|-align = "center"
 +
|&nbsp;&nbsp;2&nbsp;&nbsp;
 +
|&nbsp;&nbsp;4&nbsp;&nbsp;
 +
|&nbsp;&nbsp;9&nbsp;&nbsp;
 +
|-align = "center"
 +
|&nbsp;&nbsp;3&nbsp;&nbsp;
 +
|}
 +
 
 +
5. Аналогично для элемента <tex>5</tex>.
 +
 
 +
:{| border = 1; class="wikitable"
 +
|-align = "center"
 +
|&nbsp;&nbsp;2&nbsp;&nbsp;
 +
|&nbsp;&nbsp;4&nbsp;&nbsp;
 +
|&nbsp;&nbsp;5&nbsp;&nbsp;
 +
|-align = "center"
 +
|&nbsp;&nbsp;3&nbsp;&nbsp;
 +
|&nbsp;&nbsp;9&nbsp;&nbsp;
 +
|}
 +
 
 +
6. Аналогично для элемента <tex>1</tex>.
 +
 
 +
:{| border = 1; class="wikitable"
 +
|-align = "center"
 +
|&nbsp;&nbsp;1&nbsp;&nbsp;
 +
|&nbsp;&nbsp;4&nbsp;&nbsp;
 +
|&nbsp;&nbsp;5&nbsp;&nbsp;
 +
|-align = "center"
 +
|&nbsp;&nbsp;2&nbsp;&nbsp;
 +
|&nbsp;&nbsp;9&nbsp;&nbsp;
 +
|-align = "center"
 +
|&nbsp;&nbsp;3&nbsp;&nbsp;
 +
|}
 +
 
 +
Таким образом, длина наибольшей возрастающей подпоследовательности для массива <tex>a</tex> равна <tex>3</tex> (например, подпоследовательность из элементов <tex>[ 3, 4, 9 ]</tex>).
 +
 
 +
 
 +
== См. также ==
 +
*[[Задача о наибольшей общей подпоследовательности]]
 +
*[[Наибольшая общая возрастающая подпоследовательность]]
 +
*[[Задача о наибольшей общей палиндромной подпоследовательности]]
 +
==Примечания==
 +
 
 +
<references />
 +
== Источники информации ==
 +
* [http://ru.wikipedia.org/wiki/LIS Википедия {{---}} Задача поиска наибольшей увеличивающейся подпоследовательности]
 +
* [https://en.wikipedia.org/wiki/Longest_increasing_subsequence Wikipedia {{---}} Longest increasing subsequence]
 +
* [http://informatics.mccme.ru/moodle/mod/book/view.php?id=488 Дистанционная подготовка {{---}} Наибольшая возрастающая подпоследовательность (НВП, Longest Increasing Subsequence, LIS)]
 +
* [http://e-maxx.ru/algo/longest_increasing_subseq_log#7 MAXimal :: algo :: Длиннейшая возрастающая подпоследовательность за O (N log N)]
 +
 
 +
[[Категория:Дискретная математика и алгоритмы]]
 +
[[Категория:Динамическое программирование]]

Текущая версия на 19:35, 4 сентября 2022

Задача:
Дан массив из [math]n[/math] чисел: [math]a[0..n - 1][/math]. Требуется найти в этой последовательности строго возрастающую подпоследовательность наибольшей длины.


Определение:
Наибольшая возрастающая подпоследовательность (НВП) (англ. Longest increasing subsequence, LIS) строки [math] x [/math] длины [math] n [/math] — это последовательность [math] x[i_1] \lt x[i_2] \lt \dots \lt x[i_k] [/math] символов строки [math] x [/math] таких, что [math] i_1 \lt i_2 \lt \dots \lt i_k, 1 \leqslant i_j \leqslant n [/math], причем [math] k [/math] — наибольшее из возможных.


Решение за время O(N2)

Построим массив [math]d[/math], где [math]d[i][/math] — это длина наибольшей возрастающей подпоследовательности, оканчивающейся в элементе, с индексом [math]i[/math]. Массив будем заполнять постепенно — сначала [math]d[0][/math], потом [math]d[1][/math] и т.д. Ответом на нашу задачу будет максимум из всех элементов массива [math]d[/math]. Заполнение массива будет следующим: если [math]d[i] = 1[/math], то искомая последовательность состоит только из числа [math]a[i][/math]. Если [math]d[i] \gt 1[/math], то перед числом [math]a[i][/math] в подпоследовательности стоит какое-то другое число. Переберем его: это может быть любой элемент [math]a[j](j = 0...i - 1)[/math], но такой, что [math]a[j] \lt a[i][/math]. Пусть на каком-то шаге нам надо посчитать очередное [math]d[i][/math]. Все элементы массива [math]d[/math] до него уже посчитаны. Значит наше [math]d[i][/math] мы можем посчитать следующим образом: [math]d[i] = 1 + \max\limits_{j = 0 .. i - 1}{d[j]}[/math] при условии, что [math]a[j] \lt a[i][/math].

Пока что мы нашли лишь максимальную длину наибольшей возрастающей подпоследовательности, но саму ее мы вывести не можем. Для восстановления ответа заведем массив [math]prev[0...n - 1][/math], где [math]prev[i][/math] будет означать индекс в массиве [math]a[][/math], при котором достигалось наибольшее значение [math]d[i][/math]. Для вывода ответа будем идти от элемента с максимальным значениям [math]d[i][/math] по его предкам.

Псевдокод алгоритма

vector<int> findLIS(vector<int> a):
   int n = a.size                     //размер исходной последовательности
   int prev[0..n - 1]
   int d[0..n - 1]
 
   for i = 0 to n - 1
       d[i] = 1
       prev[i] = -1
       for j = 0 to i - 1
           if (a[j] < a[i] and d[j] + 1 > d[i])
               d[i] = d[j] + 1
               prev[i] = j
 
   pos = 0                            // индекс последнего элемента НВП
   length = d[0]                      // длина НВП
   for i = 0 to n - 1
       if d[i] > length
           pos = i
           length = d[i]
   
   // восстановление ответа
   vector<int> answer
   while pos != -1
       answer.push_back(a[pos])
       pos = prev[pos]
   reverse(answer)
 
   return answer    

Решение за O(N log N)

Для более быстрого решения данной задачи построим следующую динамику: пусть [math]d[i](i = 0...n)[/math] — число, на которое оканчивается возрастающая последовательность длины [math]i[/math], а если таких чисел несколько — то наименьшее из них. Изначально мы предполагаем, что [math]d[0] = -\infty[/math], а все остальные элементы [math]d[i] =[/math] [math]\infty[/math]. Заметим два важных свойства этой динамики: [math]d[i - 1] \leqslant d[i][/math], для всех [math]i = 1...n[/math] и каждый элемент [math]a[i][/math] обновляет максимум один элемент [math]d[j][/math]. Это означает, что при обработке очередного [math]a[i][/math], мы можем за [math] O(\log n) [/math] c помощью двоичного поиска в массиве [math]d[/math] найти первое число, которое больше либо равно текущего [math]a[i][/math] и обновить его.

Для восстановления ответа будем поддерживать заполнение двух массивов: [math]pos[/math] и [math]prev[/math]. В [math]pos[i][/math] будем хранить индекс элемента, на который заканчивается оптимальная подпоследовательность длины [math]i[/math], а в [math]prev[i][/math] — позицию предыдущего элемента для [math]a[i][/math].

Псевдокод алгоритма

vector<int> findLIS(vector<int> a):
   int n = a.size                     //размер исходной последовательности
   int d[0..n]
   int pos[0..n]
   int prev[0..n - 1]
   length = 0
   
   pos[0] = -1
   d[0] = -INF
   for i = 1 to n
       d[i] = INF
   for i = 0 to n - 1
       j = binary_search(d, a[i])
       if (d[j - 1] < a[i] and a[i] < d[j])
           d[j] = a[i]
           pos[j] = i
           prev[i] = pos[j - 1]
           length = max(length, j)
   
   // восстановление ответа
   vector<int> answer
   p = pos[length]
   while p != -1
       answer.push_back(a[p])
       p = prev[p]
   reverse(answer)
 
   return answer

Ещё одно решение за О(N log N)

Существует ещё одно решение, которое позволяет нам найти длину наибольшей возрастающей подпоследовательности, но без возможности восстановления данной подпоследовательности. Для этого мы воспользуемся таблом Юнга. Оно обладает таким свойством, что длина первой строки табла и будет являться искомой величиной[1].

Само табло представляет из себя расположение [math]n_1+n_2+...+n_M[/math] различных целых чисел в массиве строк, выровненных по левому краю, где в [math]i[/math] строке содержится [math]n_i[/math] элементов; при этом в каждой строке элементы возрастают слева направо, а элементы каждого столбца возрастают сверху вниз. Чтобы построить табло требуется прочитать очередной элемент [math]a_i[/math], если он больше либо равен [math]n_j[/math], где [math]j[/math] — длина строки, то просто добавить в конец строки, если меньше, то требуется найти первый элемент [math]b[/math], который больше данного [math]a_i[/math]. Поставить элемент [math]a[/math] вместо [math]b[/math]. С элементом [math]b[/math] требуется провести те же действия, что и с [math]a[/math], только уже на [math]i+1[/math] строке табла.

Пример построения табла на массиве [math]a = [ 3, 4, 9, 2, 5, 1 ][/math] :

1. Берём элемент [math]3[/math]. Видим, что [math]3 \gt 0[/math], который расположен на первой строке в ячейке с индексом [math]j = 0[/math]. Увеличиваем [math]j[/math] и [math]t[i][j] = 3[/math].

  3  

2. Берём элемент [math]4[/math]. Видим, что [math]4 \gt 3[/math]. Увеличиваем [math]j[/math] и [math]t[i][j] = 4[/math].

  3     4  

3. Аналогично для элемента [math]9[/math].

  3     4     9  

4. Берём элемент [math]2[/math]. Так как [math]2 \lt 9[/math], то бинарным поиском находим нужную нам позицию [math]z[/math], такую, что [math]t[i][z-1] \leqslant 2 \lt t[i][z][/math]. В данном случае это первая позиция. Присваиваем [math]t[i][z] = 2[/math] и проделываем такую же операцию, но для строки с индексом [math]i+1[/math].

  2     4     9  
  3  

5. Аналогично для элемента [math]5[/math].

  2     4     5  
  3     9  

6. Аналогично для элемента [math]1[/math].

  1     4     5  
  2     9  
  3  

Таким образом, длина наибольшей возрастающей подпоследовательности для массива [math]a[/math] равна [math]3[/math] (например, подпоследовательность из элементов [math][ 3, 4, 9 ][/math]).


См. также

Примечания

Источники информации