Неравенство Крафта

НЕТ ВОЙНЕ

24 февраля 2022 года российское руководство во главе с Владимиром Путиным развязало агрессивную войну против Украины. В глазах всего мира это военное преступление совершено от лица всей страны, всех россиян. Будучи гражданами Российской Федерации, мы против своей воли оказались ответственными за нарушение международного права, военное вторжение и массовую гибель людей. Чудовищность совершенного преступления не оставляет возможности промолчать или ограничиться пассивным несогласием. Мы убеждены в абсолютной ценности человеческой жизни, в незыблемости прав и свобод личности. Режим Путина — угроза этим ценностям. Наша задача — обьединить все силы для сопротивления ей. Эту войну начали не россияне, а обезумевший диктатор. И наш гражданский долг — сделать всё, чтобы её остановить. Антивоенный комитет России

Распространяйте правду о текущих событиях, оберегайте от пропаганды своих друзей и близких. Изменение общественного восприятия войны - ключ к её завершению.

meduza.io, Популярная политика, Новая газета, zona.media, Майкл Наки.

Рассматриваемое ниже неравенство Крафта показывает для каких длин кодовых слов существует префиксный код.

Теорема (неравенство Крафта):

Пусть у нас есть [math]n[/math] символов, кодовые слова которых имеют длины [math]l_1 \leqslant l_2 \leqslant \ldots \leqslant l_n [/math]. Тогда необходимое и достаточное условие существования префиксного кода в [math]r[/math]-ичном алфавите для данных символов, состоит в выполнении неравенства: [math] \sum\limits_{i = 1}^{n} r ^{-l_i} \leqslant 1 [/math]

Доказательство:

[math]\triangleright[/math]

Иллюстрация к доказательству индукционного перехода Необходимость: Напомним, что префиксный код можно представить в виде [math]r[/math]-ичного корневого дерева, рёбра которого соответствуют символам алфавита, а листья соответствующим кодам. Неравенство Крафта будем доказывать по индукции. Для простоты рассмотрим сначала случай двоичного алфавита, то есть [math]r = 2[/math]. База: Если максимальная длина пути на дереве равна [math]1[/math], то в дереве есть одно или два ребра длины [math]1[/math]. Таким образом, либо [math] \dfrac{1}{2} \leqslant 1 [/math] — для одного символа источника, либо [math] \dfrac{1}{2} + \dfrac{1}{2} \leqslant 1 [/math] — для двух символов источника. Переход: Предположим далее, что неравенство Крафта справедливо для всех деревьев высоты меньше [math]n - 1[/math]. Докажем, что оно справедливо и для всех деревьев высоты меньше [math]n[/math]. Для данного дерева максимальной высоты [math]n[/math] ребра из первой вершины ведут к двум поддеревьям, высоты которых не превышают [math]n - 1[/math]; для этих поддеревьев имеем неравенства [math]K_1 \leqslant 1[/math] и [math]K_2 \leqslant 1[/math], где [math]K_1, K_2[/math] — значения соответствующих им сумм. Каждая длина [math]l_i[/math] в поддереве увеличивается на [math]1[/math], когда поддерево присоединяется к основному дереву, поэтому возникает дополнительный множитель [math]\dfrac{1}{2}[/math]. Таким образом, имеем [math]\dfrac{1}{2} K_1 + \dfrac{1}{2} K_2 \leqslant 1[/math]. В случае произвольного недвоичного основания [math]r[/math] имеется не более [math]r[/math] ребер, исходящих из каждой вершины, то есть не более [math]r[/math] поддеревьев; каждое из них присоединяется к основному дереву, давая дополнительный множитель [math]\dfrac{1}{r}[/math]. Отсюда снова следует утверждение теоремы. Достаточность: Пример разбиения на группы, при [math] r = 2[/math], символах a, b, c, где [math] l_a = 2, l_b = 2, l_c = 1[/math] Если некоторое [math] l_i = 0 [/math] , то [math] n = 1 [/math] . В таком случае пустая строка является искомым префиксным кодом. Далее все [math] l_i \geqslant 1 [/math] . Для доказательства корректности разделим длины [math] l_i [/math] на [math]r[/math] , возможно пустых, групп, внутри каждой из которых [math] \sum\limits r ^{-l_i} \leqslant \dfrac{1}{r} [/math] . Пусть у нас есть [math]n[/math] символов, кодовые слова имеют длины [math]l_1 \leqslant l_2 \leqslant \ldots \leqslant l_n [/math]. Давайте разделим данные символы на [math]r[/math] групп, внутри каждой из которых [math] \sum\limits r ^{-l_i} \leqslant \dfrac{1}{r} [/math] . Разделить символы на группы можно следующим жадным образом: брать [math] l_i [/math] в порядке увеличения индекса. Докажем, что в таком случае группа будет либо полностью укомплектована [math](\sum\limits r ^{-l_i} = \dfrac{1}{r})[/math], либо будут исчерпаны все возможные [math] l_i [/math] . Это следует из того, что при [math] l_i \geqslant 1 [/math] на [math]i[/math]-ом шаге либо группа уже укомплектована, либо ее остаток равен: [math] \dfrac{1}{r} - \left ( r^{-l_1} + r^{-l_2} + \ldots + r^{-l_{i-1}} \right ) = \dfrac{r^{l_i-1} - ( r^{l_i - l_1} + r^{l_i - l_2} + \ldots + r^{l_i - l_{i - 1}} )}{r^{l_i}}[/math] Так как группа не укомплектована, то числитель положителен. Если добавим [math] l_i [/math] в группу, то числитель уменьшится на [math]1[/math], где [math]l_i - l_j[/math] неотрицательно при [math] i \geqslant j [/math] , и [math] r \in \mathbb{N} [/math]. Следовательно числитель — натуральное число. Тогда, взяв [math] l_i [/math] в группу, мы не перепрыгнем через максимальное значение, то есть сумма группы [math] \leqslant \dfrac{1}{r} [/math] . А значит, создавая группы по данному алгоритму мы сможем построить [math]r[/math] групп, удовлетворяющих условию. Выберем для каждой группы свой начальный символ. Запуститим данную процедуру для каждой группы слов, предварительно обрезав первую букву. По индукции по величине [math] l_n [/math] докажем, что наш алгоритм корректен. База: При [math] l_n = 0 [/math] корректность процедуры очевидна. Переход: Допустим, что процедура корректна для [math] l_n = w [/math] . Докажем, что процедура корректна и для [math] l_n = w + 1 [/math] . Заметим, что у слов каждой группы будет своя начальная буква, поэтому достаточно проверить префиксность кода для каждой группы. А это истинно по предположению индукции, где для каждой группы [math] l_i \leqslant w [/math] .

[math]\triangleleft[/math]

Замечания

Когда имеет место строгое неравенство? Легко заметить, что если любая концевая вершина дерева является кодовым словом, то [math]K = 1[/math]. Строгое неравенство имеет место лишь в случае, когда некоторые из концевых вершин не используются. Однако, в случае двоичного кодового алфавита какая-нибудь концевая вершина не используется, то предыдущее решение оказывается лишним, и соответствующая цифра может быть удалена из каждого кодового слова, декодирование которого проходит через эту вершину. Таким образом, если имеет место строгое неравенство, то код неэффективен, но для двоичных деревьев очевидно, как можно его улучшить.

Заметим еще раз, что теорема утверждает существование такого кода и ничего не говорит о конкретных кодах. Может существовать код, который удовлетворяет неравенству Крафта и тем не менее не является префиксным.

См.также

• Неравенство Макмиллана

Источники информации

• Википедия — Неравенство Крафта
• Неравенство Крафта
• Kraft's inequality