1679
правок
Изменения
м
исправил немного
Заметим, что если <tex> \delta < \frac{2 - d^2}{2d+1}</tex>, то <tex>d^2 + (2d+1)\delta < 2 ,\, d^2 < 2,\, 2 - d^2 > 0 \Rightarrow \delta > 0 </tex>
<tex> \delta_0 \in \mathbb Q; \delta_0 = \min\{ (\frac{1}{3}, \frac{2-d^2}{2d+1} \)} \in (0; 1) </tex>;
Для такого <tex> \delta_0: (d + \delta_0)^2 < 2 \Rightarrow (d + \delta_0) \in A </tex>
<tex> (d + \delta)^2 = d^2 + 2d\delta + \delta^2 > d^2 + 2d\delta + \delta</tex>
При <tex> \delta > \frac{2 - d^2}{2d + 1}, d^2 + 2d\delta + \delta \ge > 2, d^2 > 2 </tex> , тогда <tex> 2 - d^2 < 0 \Rightarrow \delta < 0 </tex>
Рассмотрим <tex> \delta_0 \in \mathbb{Q}: \delta_0 = \max{(-\frac13, \frac{2 - d^2}{2d + 1})} \in (-1; 0) </tex>
, тогда <tex> (d + \delta)^2 > 2 \Rightarrow d + \delta_0 \in B </tex>
<tex> B \ge d \rightarrow d + \delta_0 \ge d \rightarrow d_0 \delta_0 \ge 0 </tex>, пришли к противоречию.
}}
