Интеграл с переменным верхним пределом — различия между версиями

Материал из Викиконспекты
Перейти к: навигация, поиск
(Следствие)
м (ПРОЧИТАТЬ И ДОРАБОТАТЬ: 1)
Строка 22: Строка 22:
 
|statement=
 
|statement=
 
Пусть <tex>f</tex> {{---}} непрерывна на <tex>[a; b]</tex>. Тогда <tex>\exists c \in [a; b]: f(c) =  \frac1{b - a}\int\limits_a^b f</tex>
 
Пусть <tex>f</tex> {{---}} непрерывна на <tex>[a; b]</tex>. Тогда <tex>\exists c \in [a; b]: f(c) =  \frac1{b - a}\int\limits_a^b f</tex>
 +
|about= Следствие
 
|proof=
 
|proof=
 
Определим <tex>m = \min\limits_{[a; b]} f(x)</tex>, <tex>M = \max\limits_{[a; b]} f(x)</tex>.
 
Определим <tex>m = \min\limits_{[a; b]} f(x)</tex>, <tex>M = \max\limits_{[a; b]} f(x)</tex>.
Строка 27: Строка 28:
 
Тогда <tex>[m; M]</tex> {{---}} множество значений функции.
 
Тогда <tex>[m; M]</tex> {{---}} множество значений функции.
  
По предыдущему утверждению, <tex>\frac1{b - a} \int\limits_a^b \in [m; M]</tex> и в силу непрерывности <tex>f</tex> по теореме Коши подходящее <tex>c</tex> найдётся.
+
По предыдущему утверждению, <tex>\frac1{b - a} \int\limits_a^b f\in [m; M]</tex> и в силу непрерывности <tex>f</tex> по теореме Коши подходящее <tex>c</tex> найдётся.
 
}}
 
}}
  
Строка 115: Строка 116:
  
 
2. Вычисление определенного интеграла сложной функции:
 
2. Вычисление определенного интеграла сложной функции:
 
{{TODO|t=\phi неплохо бы заменить на \varphi}}
 
  
 
Пусть
 
Пусть
  
<tex>y = f(x), \ x \in (a; b) \quad x = \phi(t), \ t\in[\alpha; \beta]</tex>
+
<tex>y = f(x), \ x \in (a; b) \quad x = \varphi(t), \ t\in[\alpha; \beta]</tex>
  
<tex>\phi(t) \in [a; b]</tex>, <tex>b = \phi(t_2)</tex>, <tex>a = \phi(t_1)</tex>
+
<tex>\varphi(t) \in [a; b]</tex>, <tex>b = \varphi(t_2)</tex>, <tex>a = \varphi(t_1)</tex>
  
В рамках этих обозначений <tex>\int\limits_a^b f(x) d x = \int\limits_{t_1}^{t_2} f(\phi(t)) \phi'(t) d t</tex>
+
В рамках этих обозначений <tex>\int\limits_a^b f(x) d x = \int\limits_{t_1}^{t_2} f(\varphi(t)) \varphi'(t) d t</tex>
  
 
{{TODO|t=далее идет типа доказательство}}
 
{{TODO|t=далее идет типа доказательство}}
  
Монотонность <tex>\phi</tex> не требуется. Это связано с тем, что мы вычисляем определённый интеграл(число).
+
Монотонность <tex>\varphi</tex> не требуется. Это связано с тем, что мы вычисляем определённый интеграл(число).
  
 
Пусть выполняются все условия для этой формулы.({{TODO|t=что за бреееед????}}) Как правило, в этих формулах считается, что все функции непрерывны.
 
Пусть выполняются все условия для этой формулы.({{TODO|t=что за бреееед????}}) Как правило, в этих формулах считается, что все функции непрерывны.
Строка 136: Строка 135:
 
По формуле Ньютона-Лейбница, <tex>\int\limits_a^b f = F(b) - F(a)</tex>.
 
По формуле Ньютона-Лейбница, <tex>\int\limits_a^b f = F(b) - F(a)</tex>.
  
<tex>G(t) = F(\phi(t))</tex>
+
<tex>G(t) = F(\varphi(t))</tex>
  
<tex>G'(t) = F'(x) \phi'(t) = f(\phi(t)) \phi'(t)</tex>
+
<tex>G'(t) = F'(x) \varphi'(t) = f(\varphi(t)) \varphi'(t)</tex>
  
<tex>\int\limits_{t_1}^{t_2} f(\phi(t)) \phi'(t) dt = </tex> <tex>G(t_2) - G(t_1) =</tex> <tex>F(\phi(t_2)) - F(\phi(t_1)) = </tex> <tex>F(b) - F(a)</tex>
+
<tex>\int\limits_{t_1}^{t_2} f(\varphi(t)) \varphi'(t) dt = </tex> <tex>G(t_2) - G(t_1) =</tex> <tex>F(\varphi(t_2)) - F(\varphi(t_1)) = </tex> <tex>F(b) - F(a)</tex>
  
 
У интересующих интегралов правые части совпали, значит, интегралы равны.
 
У интересующих интегралов правые части совпали, значит, интегралы равны.
 
}}
 
}}

Версия 02:00, 20 января 2011

Эта статья находится в разработке!

ПРОЧИТАТЬ И ДОРАБОТАТЬ

Утверждение:
Пусть [math]f \in \mathcal{R}(a, b)[/math] и [math]m \leq f(x) \leq M[/math]. Тогда [math]m \leq \frac1{b - a} \int\limits_a^b f \leq M[/math]
[math]\triangleright[/math]

По условию [math]m \leq f \leq M[/math]. Проинтегрируем каждую часть:

[math]\int\limits_a^b m \leq \int\limits_a^b f \leq \int\limits_a^b M[/math].

Посчитаем значения крайних интегралов и поделим всё на [math]b - a[/math].

[math]m \leq \frac1{b - a}\int\limits_a^b f \leq M[/math].
[math]\triangleleft[/math]


Утверждение (Следствие):
Пусть [math]f[/math] — непрерывна на [math][a; b][/math]. Тогда [math]\exists c \in [a; b]: f(c) = \frac1{b - a}\int\limits_a^b f[/math]
[math]\triangleright[/math]

Определим [math]m = \min\limits_{[a; b]} f(x)[/math], [math]M = \max\limits_{[a; b]} f(x)[/math].

Тогда [math][m; M][/math] — множество значений функции.

По предыдущему утверждению, [math]\frac1{b - a} \int\limits_a^b f\in [m; M][/math] и в силу непрерывности [math]f[/math] по теореме Коши подходящее [math]c[/math] найдётся.
[math]\triangleleft[/math]


Определение:
Объектом исследования этого параграфа является [math]F(x) = \int\limits_a^x f(t) dt[/math], [math]f \in \mathcal{R}(a, b)[/math], [math]x \in [a, b][/math]. Такая функция называется интегралом с переменным верхним пределом.


Свойства

Свойство 1

Утверждение:
[math]F[/math] — непрерывна на [math][a; b][/math].
[math]\triangleright[/math]

Из непрерывности [math]F[/math] следует её ограниченность, т. е. [math]\exists M: \ |f| \leq M[/math].

Тогда [math]|F(x + \Delta x) - F(x)| = \left|\int\limits_x^{x + \Delta x}f\right| \leq [/math] [math] M |\Delta x| \xrightarrow[\Delta x \to 0]{} 0\Rightarrow[/math] [math]F[/math] — непрерывна.
[math]\triangleleft[/math]

Теорема Барроу

Теорема (Барроу):
Пусть [math]f \in \mathcal{R}(a, b)[/math] и непрерывна в [math]x_0 \in (a; b)[/math] Тогда [math]F[/math] дифференцируема в этой точке и её производная равна [math]F'(x_0) = f(x_0)[/math].
Доказательство:
[math]\triangleright[/math]

[math]F(x_0 + \Delta x) - F(x_0) = \int\limits_{x_0}^{x_0 + \Delta x} f[/math]

[math]\forall \varepsilon \gt 0 \ \exists \delta \gt 0[/math] (в силу непрерывности в [math]x_0[/math]) [math]: |x - x_0| \lt \delta \Rightarrow f(x_0) - \varepsilon \lt f(x) \lt f(x_0) + \varepsilon[/math]

По первому утверждению получаем [math]\forall |\Delta x| \lt \delta: \quad f(x_0) - \varepsilon \leq \frac1{\Delta x} \int\limits_{x_0}^{x_0 + \Delta x} f \leq f(x_0) + \varepsilon[/math]

Устремляя [math]\varepsilon[/math] к [math]0[/math], получаем [math]\frac{\Delta F(x_0, \Delta x)}{\Delta x} \to f(x_0)[/math]
[math]\triangleleft[/math]

Следствие

Утверждение:
Пусть [math]f[/math] — непрерывна на [math][a; b][/math]. Тогда на этом отрезке у неё существует неопределённый интеграл.
[math]\triangleright[/math]

[math]F(x) = \int\limits_a^x f \Rightarrow F'(x) = f(x)[/math]

В силу непрерывности функции на отрезке и теоремы Барроу [math]F'(x) =f(x)[/math] — одна из первообразных.

Значит, неопределённый интеграл существует.
[math]\triangleleft[/math]

Формула Ньютона-Лейбница

Теорема (формула Ньютона-Лейбница):
Пусть [math]F[/math] дифференцируема на [math][a; b][/math], её производная [math]f[/math] интегрируема на этом же отрезке. Тогда [math]F(b) - F(a) = \int\limits_a^b f(x) dx[/math]
Доказательство:
[math]\triangleright[/math]

Так как [math]f[/math] — интегрируема, то [math]\forall \tau \ \int\limits_a^b f = [/math] (пределу интегральных сумм)

Поэтому, если [math]\tau[/math] — разбиение [math][a; b][/math], то

[math]F(b) - F(a) = \sum\limits_{k = 0}^{n - 1} F(x_{k + 1}) - F(x_k)[/math]. Так как [math]F[/math] дифференцируема, то в каждой скобке применим формулу Лагранжа:

[math]F(x_{k + 1}) - F(x_k) = F'(\bar x_k) \Delta x_k = f(\bar x_k) \Delta x[/math]

[math]F(b) - F(a) = \sum\limits_{k = 0}^{n - 1} f(\bar x_k) \Delta x_k = \sigma (f, \tau)[/math]

[math]\operatorname{rang} \tau \to 0[/math], правая часть стремится к интегралу, левая — постоянна. Значит, в пределе, получаем нужную формулу.
[math]\triangleleft[/math]

Следствие

Утверждение:
Пусть [math]f[/math] — непрерывна на [math][a; b][/math], [math]F[/math] — одна из первообразных. Тогда [math]\int\limits_a^b f(x) dx = F(b) - F(a)[/math]
[math]\triangleright[/math]

TODO: Это не доказательство следствия, а просто различные приёмы интегрирования, нужно поменять разметку соответствующим образом

1. Вычисление определенного интеграла по частям:

[math]\int\limits_a^b u(x) d v(x) = uv|_a^b - \int\limits_a^b v(x) d u(x)[/math]

2. Вычисление определенного интеграла сложной функции:

Пусть

[math]y = f(x), \ x \in (a; b) \quad x = \varphi(t), \ t\in[\alpha; \beta][/math]

[math]\varphi(t) \in [a; b][/math], [math]b = \varphi(t_2)[/math], [math]a = \varphi(t_1)[/math]

В рамках этих обозначений [math]\int\limits_a^b f(x) d x = \int\limits_{t_1}^{t_2} f(\varphi(t)) \varphi'(t) d t[/math]


TODO: далее идет типа доказательство

Монотонность [math]\varphi[/math] не требуется. Это связано с тем, что мы вычисляем определённый интеграл(число).

Пусть выполняются все условия для этой формулы.( TODO: что за бреееед????) Как правило, в этих формулах считается, что все функции непрерывны.

[math]f[/math] — непрерывна. Значит, [math]\exists F: \ F' = f[/math]

По формуле Ньютона-Лейбница, [math]\int\limits_a^b f = F(b) - F(a)[/math].

[math]G(t) = F(\varphi(t))[/math]

[math]G'(t) = F'(x) \varphi'(t) = f(\varphi(t)) \varphi'(t)[/math]

[math]\int\limits_{t_1}^{t_2} f(\varphi(t)) \varphi'(t) dt = [/math] [math]G(t_2) - G(t_1) =[/math] [math]F(\varphi(t_2)) - F(\varphi(t_1)) = [/math] [math]F(b) - F(a)[/math]

У интересующих интегралов правые части совпали, значит, интегралы равны.
[math]\triangleleft[/math]