Материал из Викиконспекты
| НЕТ ВОЙНЕ
|
|
24 февраля 2022 года российское руководство во главе с Владимиром Путиным развязало агрессивную войну против Украины. В глазах всего мира это военное преступление совершено от лица всей страны, всех россиян.
Будучи гражданами Российской Федерации, мы против своей воли оказались ответственными за нарушение международного права, военное вторжение и массовую гибель людей. Чудовищность совершенного преступления не оставляет возможности промолчать или ограничиться пассивным несогласием.
Мы убеждены в абсолютной ценности человеческой жизни, в незыблемости прав и свобод личности. Режим Путина — угроза этим ценностям. Наша задача — обьединить все силы для сопротивления ей.
Эту войну начали не россияне, а обезумевший диктатор. И наш гражданский долг — сделать всё, чтобы её остановить.
Антивоенный комитет России
|
| Распространяйте правду о текущих событиях, оберегайте от пропаганды своих друзей и близких. Изменение общественного восприятия войны - ключ к её завершению.
|
| meduza.io, Популярная политика, Новая газета, zona.media, Майкл Наки.
|
Числа Стирлинга второго рода (англ. stirling numbers of the second kind) — количество способов разбиения множества из [math]n[/math] элементов на [math]k[/math] непустых подмножеств. Числа Стирлинга II рода обозначаются как [math]S(n,k)[/math] или [math]\lbrace{n\atop k}\rbrace[/math].
Существует семь способов разбиения четырехэлементного множества на две части:
[math]\{1,2,3\}\{4\} \qquad \{1,2\}\{3,4\}[/math]
[math]\{1,2,4\}\{3\} \qquad \{1,3\}\{2,4\}[/math]
[math]\{1,3,4\}\{2\} \qquad \{1,4\}\{2,3\}[/math]
[math]\{2,3,4\}\{1\}[/math]
Следовательно, [math]\lbrace{4\atop 2}\rbrace[/math][math] = 7[/math].
Вычисление
Рекуррентное соотношение
Если задано множество из [math]n[/math] элементов, которое необходимо разбить на [math]k[/math] непустых частей, то последний элемент исходного множества можно либо поместить в отдельную часть ([math]\lbrace{n-1\atop k-1}\rbrace[/math] способами), либо поместить его в некоторое подмножество ([math]k[/math][math]\lbrace{n-1\atop k}\rbrace[/math] способами, поскольку каждый из [math]\lbrace{n-1\atop k}\rbrace[/math] способов распределения первых [math]n-1[/math] элементов по [math]k[/math] непустым частям дает [math]k[/math] подмножеств, с которыми можно объединить последний элемент).
[math]\begin{Bmatrix}
n \\
k
\end{Bmatrix} = \begin{cases}
k\begin{Bmatrix}
n-1 \\
k
\end{Bmatrix} + \begin{Bmatrix}
n-1 \\
k-1
\end{Bmatrix}, 0\lt k\lt n \\
0, k = 0 \\
0, n = 0 \\
0, k \gt n \\
1, k = n
\end{cases}
[/math]
Таблица значений
| n\k
|
0
|
1
|
2
|
3
|
4
|
5
|
6
|
7
|
8
|
9
|
| 0
|
1
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
| 1
|
0
|
1
|
|
|
|
|
|
|
|
|
| 2
|
0
|
1
|
1
|
|
|
|
|
|
|
|
| 3
|
0
|
1
|
3
|
1
|
|
|
|
|
|
|
| 4
|
0
|
1
|
7
|
6
|
1
|
|
|
|
|
|
| 5
|
0
|
1
|
15
|
25
|
10
|
1
|
|
|
|
|
| 6
|
0
|
1
|
31
|
90
|
65
|
15
|
1
|
|
|
|
| 7
|
0
|
1
|
63
|
301
|
350
|
140
|
21
|
1
|
|
|
| 8
|
0
|
1
|
127
|
966
|
1701
|
1050
|
266
|
28
|
1
|
|
| 9
|
0
|
1
|
255
|
3025
|
7770
|
6951
|
2646
|
462
|
36
|
1
|
Частные случаи
[math]\lbrace{n\atop 0}\rbrace[/math] [math] = 0[/math]
[math]\lbrace{0\atop k}\rbrace[/math] [math]= 0[/math]
[math]\lbrace{n\atop n}\rbrace [/math][math]= 1[/math]
[math]\lbrace{n\atop n-1}\rbrace = \binom{n}{2}[/math]
[math]
\lbrace{n\atop 2}\rbrace = \frac{ \frac11 (2^{n-1}-1^{n-1}) }{0!} \\[8pt]
\lbrace{n\atop 3}\rbrace = \frac{ \frac11 (3^{n-1}-2^{n-1})- \frac12 (3^{n-1}-1^{n-1}) }{1!} \\[8pt]
\lbrace{n\atop 4}\rbrace = \frac{ \frac11 (4^{n-1}-3^{n-1})- \frac22 (4^{n-1}-2^{n-1}) + \frac13 (4^{n-1}-1^{n-1})}{2!} \\[8pt]
\lbrace{n\atop 5}\rbrace = \frac{ \frac11 (5^{n-1}-4^{n-1})- \frac32 (5^{n-1}-3^{n-1}) + \frac33 (5^{n-1}-2^{n-1}) - \frac14 (5^{n-1}-1^{n-1}) }{3!} \\[8pt]
{}\ \ \vdots
[/math]
Свойства
- [math]\lbrace{n+1\atop m+1}\rbrace = \sum_{k=0}^n \binom{n}{k} \textstyle \lbrace{k\atop m}\rbrace[/math]
- [math]m![/math][math]\lbrace{n\atop m}\rbrace = \sum_{k=0}^n \binom{m}{k}[/math][math] k^n(-1)^{m-k}[/math]
- [math]\left \lbrack{n\atop k} \right \rbrack = \lbrace{-n\atop -k}\rbrace[/math], [math]n,k \in \mathbb{Z}[/math], где [math]\left \lbrack{n\atop k} \right \rbrack[/math] — число Стирлинга первого рода
- [math]\sum \limits_{k=0}^n \lbrace{n\atop k}\rbrace = B_n[/math], где [math]B_n[/math] — число Белла (число всех неупорядоченных разбиений n-элементного множества)
Применения
- Пусть дано множество из [math]k[/math] элементарных исходов (все исходы равновероятны). Вероятность того, что после [math]n[/math] проведенных экспериментов каждое событие произойдет хотя бы один раз, может быть найдена по следующей формуле:[math]P = [/math][math]\lbrace{n\atop k}\rbrace {k! \over{k^n}}[/math]
- [math]\lbrace{n+1\atop k+1}\rbrace[/math] — количество наборов из [math]k[/math] попарно непересекающихся подмножеств исходного множества [math]\{1,2, \dots ,n\}[/math]. Например, [math]\lbrace{4\atop 3}\rbrace[/math][math] = 6[/math], так как всего шесть наборов из двух непересекающихся подмножеств множества [math]\{1,2,3\}[/math]: [math]\{(1)(23)\},\{(12)(3)\}, \{(13)(2)\}, \{(1)(2)\}, \{(1)(3)\}, \{(2)(3)\}[/math].
- Обозначим как [math]\lbrace{n\atop k}\rbrace^d[/math] количество всех способов разбиений множества [math]n[/math] натуральных чисел на [math]k[/math] подмножеств, в которых расстояния между двумя любыми элементами [math]i[/math], [math]j[/math] не меньше [math]d[/math] [math](|i-j| \geqslant d)[/math]. Тогда [math]\lbrace{n\atop k}\rbrace^d = \lbrace{n-d+1\atop k-d+1}\rbrace,[/math][math] n \geqslant k \geqslant d[/math]
- Также числа Стирлинга II рода можно определить как коэффициенты в разложении обычных степеней на факториальные: [math]x^n = \sum \limits_{k=0}^n \textstyle \lbrace{n\atop k}\rbrace x^{\underline{k}} = \sum \limits_{k=0}^n \textstyle \lbrace{n\atop k}\rbrace (-1)^{n-k} x^{\overline{k}}[/math], где [math]x^{\underline{k}} = x\cdot (x-1)\cdot \ldots\cdot (x-k+1)[/math] — убывающий факториал, [math]x^{\overline{k}} = x\cdot (x+1)\cdot \ldots\cdot (x+k-1)[/math] — возрастающий факториал. См. также связь между числами Стирлинга.
Переход от базиса обычных степеней к базису убывающих факториальных степеней
| Теорема: |
Числа Стирлинга II рода образуют матрицу переходов в линейном пространстве полиномов от базиса обычных степеней к базису убывающих факториальных степеней. |
| Доказательство: |
| [math]\triangleright[/math] |
[math]x^{\underline{k+1}}=x^{\underline{k}}(x-k)[/math], отсюда [math]x\cdot x^{\underline{k}}=x^{\underline{k+1}}+kx^{\underline{k}}[/math], следовательно, [math]x\cdot x^{\underline{n-1}}[/math] есть
[math]x\sum \limits_{k=0}^n \textstyle \lbrace{n-1\atop k}\rbrace x^{\underline{k}}=\sum \limits_{k=0}^n \textstyle \lbrace{n-1\atop k}\rbrace x^{\underline{k+1}}+\sum \limits_{k=0}^n \textstyle \lbrace{n-1\atop k}\rbrace kx^{\underline{k}}=[/math]
[math]\sum \limits_{k=0}^n \textstyle \lbrace{n-1\atop k-1}\rbrace x^{\underline{k}}+\sum \limits_{k=0}^n \textstyle \lbrace{n-1\atop k}\rbrace kx^{\underline{k}}= [/math]
[math]\sum \limits_{k=0}^n \textstyle (k\lbrace{n-1\atop k}\rbrace + \lbrace{n-1\atop k-1}\rbrace )x^{\underline{k}}=\sum \limits_{k=0}^n \textstyle \lbrace{n\atop k}\rbrace x^{\underline{k}} [/math] |
| [math]\triangleleft[/math] |
См. такжеИсточники информации
