Участник:Mk17.ru — различия между версиями

Материал из Викиконспекты
Перейти к: навигация, поиск
(Задача о разорении игрока)
 
(не показана 31 промежуточная версия 6 участников)
Строка 3: Строка 3:
  
 
{{Определение
 
{{Определение
|definition = '''Случайное блуждание''' (англ. ''Random walk'') {{---}} математическая модель процесса случайных изменений — шагов в дискретные моменты времени. При этом предполагается, что изменение на каждом шаге не зависит от предыдущих и от времени. В силу простоты анализа эта модель часто используется в разных сферах в математике, экономике, физике, но, как правило, такая модель является существенным упрощением реального процесса.
+
|definition = '''Случайное блуждание''' (англ. ''Random walk'') {{---}} математическая модель процесса случайных изменений — шагов в дискретные моменты времени, предполагается, что изменение на каждом шаге не зависит от предыдущих и от времени. В силу простоты анализа эта модель часто используется в разных сферах в математике, экономике, физике, но, как правило, такая модель является существенным упрощением реального процесса.  
 
}}
 
}}
  
Строка 10: Строка 10:
 
Представим частицу, которая движется по целым точкам на прямой. Перемещение из одной точки
 
Представим частицу, которая движется по целым точкам на прямой. Перемещение из одной точки
 
в другую происходит через равные промежутки времени. За один шаг частица из точки k с положительной вероятностью p перемещается в точку <tex>k + 1</tex> и с положительной вероятностью <tex>q = 1 − p</tex>
 
в другую происходит через равные промежутки времени. За один шаг частица из точки k с положительной вероятностью p перемещается в точку <tex>k + 1</tex> и с положительной вероятностью <tex>q = 1 − p</tex>
перемещается в точку k − 1.  
+
перемещается в точку <tex>k − 1</tex>.
Физической системе соответствует цепь Маркова:
+
Физической системе соответствует [https://neerc.ifmo.ru/wiki/index.php?title=%D0%9C%D0%B0%D1%80%D0%BA%D0%BE%D0%B2%D1%81%D0%BA%D0%B0%D1%8F_%D1%86%D0%B5%D0%BF%D1%8C цепь Маркова]:
  
 
*<tex>\xi_n = \xi_{n-1} + \eta_n = \xi_0 + S_n, \eta_n = \begin{cases} 1 &\text{с вероятностью p}\\-1 &\text{с вероятностью 1 - p}
 
*<tex>\xi_n = \xi_{n-1} + \eta_n = \xi_0 + S_n, \eta_n = \begin{cases} 1 &\text{с вероятностью p}\\-1 &\text{с вероятностью 1 - p}
Строка 17: Строка 17:
 
Заметим, что вернуться в какую-либо точку можно только за четное число шагов.
 
Заметим, что вернуться в какую-либо точку можно только за четное число шагов.
  
==Вероятность смещения на d единиц вправо или влево==
+
==Вероятность смещения на d единиц вправо (влево)==
  
Выведем распределение случайной величины <tex>\xi_n</tex>. Будем считать, что <tex>P(\xi_0 = m) = 1</tex>. Это отвечает тому, что в начальный момент времени частица достоверно находилась в точке
+
Будем считать, что <tex>P(\xi_0 = m) = 1</tex>. Это соответствует тому, что в начальный момент времени частица находилась в точке
 
<tex>x = m</tex> (здесь <tex>m</tex> — фиксированное число) и затем начала случайно блуждать в соответствии с описанными выше правилами. Пусть <tex>d</tex> — смещение частицы за <tex>n</tex> шагов.
 
<tex>x = m</tex> (здесь <tex>m</tex> — фиксированное число) и затем начала случайно блуждать в соответствии с описанными выше правилами. Пусть <tex>d</tex> — смещение частицы за <tex>n</tex> шагов.
 
Найдём <tex>P(\xi_n = m + d)</tex> для каждого <tex>d ∈ Z</tex>.
 
Найдём <tex>P(\xi_n = m + d)</tex> для каждого <tex>d ∈ Z</tex>.
  
Справедливо очевидное равенство:   
+
Справедливо равенство:   
 
*<tex>P(\xi_n = m + d) = P(\xi_n = m + d | \xi_0 = m)</tex>, если <tex>P(\xi_0 = m) = 1.</tex>
 
*<tex>P(\xi_n = m + d) = P(\xi_n = m + d | \xi_0 = m)</tex>, если <tex>P(\xi_0 = m) = 1.</tex>
  
Строка 29: Строка 29:
  
 
Наша физическая модель с математической точки зрения в точности отвечает
 
Наша физическая модель с математической точки зрения в точности отвечает
схеме независимых испытаний Бернулли с двумя исходами —- прыжком вправо, который мы будем называть успехом, и прыжком вправо (неудачей). В рамках этой
+
схеме [https://neerc.ifmo.ru/wiki/index.php?title=%D0%A1%D1%85%D0%B5%D0%BC%D0%B0_%D0%91%D0%B5%D1%80%D0%BD%D1%83%D0%BB%D0%BB%D0%B8#:~:text=%D0%A1%D1%85%D0%B5%D0%BC%D0%BE%D0%B9%20%D0%91%D0%B5%D1%80%D0%BD%D1%83%D0%BB%D0%BB%D0%B8%20(%D0%B0%D0%BD%D0%B3%D0%BB.,%2C%20%D0%B0%20%D0%BD%D0%B5%D1%83%D0%B4%D0%B0%D1%87%D0%B0%20%E2%80%94%20%D1%81%20%D0%B2%D0%B5%D1%80%D0%BE%D1%8F%D1%82%D0%BD%D0%BE%D1%81%D1%82%D1%8C%D1%8E%20 независимых испытаний Бернулли] с двумя исходами —- движением вправо, который мы будем называть успехом, и движением вправо (неудачей). Пусть частица сделала <tex>n</tex> прыжков. Вероятность того, что среди
математической модели все вероятности рассчитываются на основании распределения Бернулли. Пусть частица сделала <tex>n</tex> прыжков. Вероятность того, что среди
 
 
этих прыжков будет ровно <tex>k</tex> прыжков вправо (или, что то же самое, <tex>n−k</tex> прыжков
 
этих прыжков будет ровно <tex>k</tex> прыжков вправо (или, что то же самое, <tex>n−k</tex> прыжков
 
влево) задаётся формулой:
 
влево) задаётся формулой:
  
*<tex>P = {C_{n}^k} p^k q^{n−k}, k = 0, 1, . . . , n.</tex>     (1)
+
*<tex>P = {C_{n}^k} p^k q^{n−k}, \quad k = 0, 1, . . . , n </tex>  
  
Смещение частицы и число прыжков влево и вправо связаны простейшим уравнением
+
Смещение частицы и число прыжков влево и вправо связаны уравнением
*<tex>d = 1 · k + (−1) · (n − k) = 2k − n \quad</tex>       (2)
+
*<tex>d = 1 · k + (−1) · (n − k) = 2k − n \quad</tex>  
  
откуда <tex>k = \frac{(n + d)}{2}</tex>. Понятно, что, поскольку частица сделала ровно n прыжков,
+
откуда <tex>k = \frac{(n + d)}{2}</tex>. Понятно, что, поскольку частица сделала ровно <tex>n</tex> прыжков,
 
число прыжков вправо должно быть целым числом в интервале <tex>[0, n]</tex>, другими словами, <tex>P(\xi_n = m + d) = 0,</tex> если <tex>k = \frac{(n + d)}{2}, k \notin \{0, 1, . . . , n\}</tex>. Если же указанное
 
число прыжков вправо должно быть целым числом в интервале <tex>[0, n]</tex>, другими словами, <tex>P(\xi_n = m + d) = 0,</tex> если <tex>k = \frac{(n + d)}{2}, k \notin \{0, 1, . . . , n\}</tex>. Если же указанное
ограничение выполнено, то в рамках нашей модели блужданий мы можем воспользоваться распределением Бернулли (1):
+
ограничение выполнено, то в рамках нашей модели блужданий мы можем воспользоваться распределением Бернулли <tex>P = {C_{n}^k} p^k q^{n−k}</tex>:
  
*<tex> P(\xi_n = m + d) = {C_{n}^k} p^k q^{n−k}, \quad k = \frac{(n + d)}{2} </tex>, при обязательном условии <tex>k ∈ {0, 1, . . . , n}.</tex> (3)
+
*<tex> P(\xi_n = m + d) = {C_{n}^k} p^k q^{n−k}, \quad k = \frac{(n + d)}{2} </tex>, при обязательном условии <tex>k ∈ {0, 1, . . . , n}.</tex>
  
Замечание. Ограничение <tex>0 \leq k \leq n </tex> по формуле (2) влечёт <tex>|d| \leq n</tex>. Это
+
 
можно понять и без расчётов: если <tex>|d| > n</tex>, то частица «не успевает» дойти из начальной в конечную точку за  
+
'''Замечания'''.
<tex>n</tex> шагов, даже двигаясь строго в одном направлении
+
(налево при <tex>d < 0</tex> и направо при <tex>d > 0</tex>). Ограничение на значения <tex>k</tex> согласовано
+
<tex>1)</tex> Ограничение <tex>0 \leq k \leq n </tex> по формуле <tex>d = 1 · k + (−1) · (n − k) = 2k − n</tex> влечёт <tex>|d| \leq n</tex>. Это можно понять и без расчётов: если <tex>|d| > n</tex>, то частица не успевает дойти из начальной в конечную точку за <tex>n</tex> шагов.  
и с (3): биномиальный коэффициент <tex>{C_{n}^k}</tex> не определён при <tex> k \notin \{0, 1, . . . , n\}</tex>. Мы
+
 
можем даже считать формулу (3) верной при любом <tex>k</tex>, если положим по определению<tex>C_{n}^k = 0 </tex> для
+
<tex>2)</tex> При своём движении частица случайным образом выбирает одну из возможных траекторий. Для перехода из точки  
<tex> k \notin \{0, 1, . . . , n\}</tex>. Число шагов <tex>n</tex> и смещение <tex>d</tex> должны иметь как
 
целые числа одну чётность. Вероятность (3) не зависит от начального положения <tex>m</tex> и определяется только числом
 
шагов <tex>n</tex> (номером члена последовательности)
 
и смещением <tex>d</tex>.
 
При своём движении частица случайным образом «выбирает» одну из возможных траекторий. Для перехода из точки  
 
 
<tex>m</tex> в точку <tex>m</tex> за <tex>n</tex> шагов возможными являются все те и только те траектории длины  
 
<tex>m</tex> в точку <tex>m</tex> за <tex>n</tex> шагов возможными являются все те и только те траектории длины  
 
<tex>n</tex>, в которых ровно <tex>k</tex> смещений вправо и <tex>n − k</tex> смещений влево, где <tex>k = \frac{(n +  
 
<tex>n</tex>, в которых ровно <tex>k</tex> смещений вправо и <tex>n − k</tex> смещений влево, где <tex>k = \frac{(n +  
d)}{2}</tex>. Равенство (1) при этом можно интерпретировать так: вероятность того, что частица пройдет по одной из  
+
d)}{2}</tex>. Равенство <tex>P = {C_{n}^k} p^k q^{n−k}</tex> при этом можно интерпретировать так: вероятность того, что частица пройдет по одной из  
возможных траекторий, равна  <tex>p^k q^{n−k}</tex>, и всего существуют <tex>{C_{n}^k}</tex> таких траекторий, таким образом, <tex>P = p^k*q^{n−k}+...+p^k*q^{n−k}={C_{n}^k} p^k q^{n−k}.</tex>
+
возможных траекторий, равна  <tex>p^k q^{n−k}</tex>, и всего существуют <tex>{C_{n}^k}</tex> таких траекторий, таким  
 +
образом,  
 +
*<tex>P = p^k \cdot q^{n−k}+...+p^k \cdot q^{n−k}={C_{n}^k} p^k q^{n−k}.</tex>
 +
 
 +
== Случайные блуждания по прямой ==
 +
 
 +
Представим частицу, которая движется по целым точкам на прямой. Перемещение из одной точки
 +
в другую происходит через равные промежутки времени. За один шаг частица из точки k с положительной вероятностью p перемещается в точку <tex>k + 1</tex> и с положительной вероятностью <tex>q = 1 − p</tex>
 +
перемещается в точку <tex>k − 1</tex>.
 +
Физической системе соответствует [https://neerc.ifmo.ru/wiki/index.php?title=%D0%9C%D0%B0%D1%80%D0%BA%D0%BE%D0%B2%D1%81%D0%BA%D0%B0%D1%8F_%D1%86%D0%B5%D0%BF%D1%8C цепь Маркова]:
 +
 
 +
*<tex>\xi_n = \xi_{n-1} + \eta_n = \xi_0 + S_n, \eta_n = \begin{cases} 1 &\text{с вероятностью p}\\-1 &\text{с вероятностью 1 - p}
 +
\end{cases}</tex>
 +
Заметим, что вернуться в какую-либо точку можно только за четное число шагов.
  
 
== Задача о разорении игрока ==
 
== Задача о разорении игрока ==
Обсудим блуждание на примере задачи о разорении. Пусть начальный капитал <tex>\xi_0</tex> первого
+
Пусть начальный капитал <tex>\xi_0</tex> первого
игрока составляет <tex>k</tex> рублей, а капитал второго игрока <tex>(n − k)</tex> рублей. Первый игрок выигрывает
+
игрока составляет <tex>k</tex> рублей, а капитал второго игрока <tex> (n − k)</tex> рублей. Первый игрок выигрывает
 
или проигрывает рубль с вероятностями <tex>p</tex> и <tex>q</tex> соответственно. Игра продолжается до тех пор, пока
 
или проигрывает рубль с вероятностями <tex>p</tex> и <tex>q</tex> соответственно. Игра продолжается до тех пор, пока
 
капитал первого игрока не уменьшится до нуля, либо не возрастет до <tex>n</tex>. Поглощение точки в правом
 
капитал первого игрока не уменьшится до нуля, либо не возрастет до <tex>n</tex>. Поглощение точки в правом
Строка 70: Строка 77:
 
Рассмотрим конечную цепь Маркова:
 
Рассмотрим конечную цепь Маркова:
  
<tex>\xi_{t+1} = \xi_t + \eta_t,\quad P\{\eta_t = 1|\xi_t ≠ 0 ∨ \xi_t ≠ n\} = p,\quad P\{\eta_t = −1|\xi_t ≠ 0 ∨ \xi_t ≠ n\} = q</tex>  
+
<tex>\quad\xi_{t+1} = \xi_t + \eta_t,\quad P\{\eta_t = 1|\xi_t ≠ 0 ∨ \xi_t ≠ n\} = p,\quad P\{\eta_t = −1|\xi_t ≠ 0 ∨ \xi_t ≠ n\} = q</tex> и
  
и <tex>\quad P\{\eta = 0|\xi_t = 0 ∨ \xi_t = n\} = 1. </tex>
+
<tex>\quad P\{\eta = 0|\xi_t = 0 ∨ \xi_t = n\} = 1. </tex> <tex>(2.1)</tex>
  
 
Вероятность выигрыша для первого игрока в момент времени <tex>t</tex> есть <tex>p_{kn}(t) = P\{\eta_t = n|\eta_0 = k\}</tex>
 
Вероятность выигрыша для первого игрока в момент времени <tex>t</tex> есть <tex>p_{kn}(t) = P\{\eta_t = n|\eta_0 = k\}</tex>
Строка 83: Строка 90:
 
или
 
или
  
*<tex> \quad p_{kn}(t + 1) = p*p_{k+1,n}(t) + q*p{k−1,n}(t), \quad k = 1, 2, . . . , n − 1.</tex>
+
*<tex> \quad p_{kn}(t + 1) = p \cdot p_{k+1,n}(t) + q \cdot p_{k−1,n}(t), \quad k = 1, 2, . . . , n − 1.</tex>
  
Заметим, что:
+
Теорему о предельных вероятностях применить не можем, но заметим, что:
  
<tex> \quad \quad {\xi_1 = n} ⊂ {\xi_2 = n} ⊂ · · · ⊂ {\xi_t = n} ⊂ . . . </tex>
+
<tex> \quad \quad \{\xi_1 = n\} ⊂ \{\xi_2 = n\} ⊂ · · · ⊂ \{\xi_t = n\} ⊂ . . . </tex>  
  
 
Положим <tex>A =\cup_{t=1}^∞\{\xi_t = n\}</tex>. Тогда
 
Положим <tex>A =\cup_{t=1}^∞\{\xi_t = n\}</tex>. Тогда
Строка 93: Строка 100:
 
<tex> \quad \quad p_{kn} = P(A) = \lim_{t\to\infty}P\{\xi_t = n|\xi_0 = k\} = \lim_{t\to\infty}p_{kn}(t).</tex>
 
<tex> \quad \quad p_{kn} = P(A) = \lim_{t\to\infty}P\{\xi_t = n|\xi_0 = k\} = \lim_{t\to\infty}p_{kn}(t).</tex>
  
Переходя к пределу в (1.8) при <tex>t → ∞</tex>, получим
+
Переходя к пределу в <tex>(2.1)</tex> при <tex>t → ∞</tex>, получим
  
<tex>\quad \quad p_{kn} = p*p_{k+1,n} + q*p_{k−1,n}</tex>
+
<tex>\quad \quad p_{kn} = p \cdot p_{k+1,n} + q \cdot p_{k−1,n}</tex>
  
 
Так как <tex>p_{kn}</tex> вероятность выигрыша для первого игрока, то <tex>p_{0n} = 0, p_{nn} = 1</tex>. Рассматриваемая как функция от <tex>k</tex>, вероятность <tex>p_{kn}</tex> является решением уравнения в конечных разностях
 
Так как <tex>p_{kn}</tex> вероятность выигрыша для первого игрока, то <tex>p_{0n} = 0, p_{nn} = 1</tex>. Рассматриваемая как функция от <tex>k</tex>, вероятность <tex>p_{kn}</tex> является решением уравнения в конечных разностях
  
<tex> \quad \quad p*f_{k+1} − f_{k} + q*f_{k−1} = 0 </tex>
+
*<tex> \quad \quad p \cdot f_{k+1} − f_{k} + q \cdot f_{k−1} = 0 </tex> <tex>(2.2)</tex>
  
 
удовлетворяющим граничным условиям <tex>f_0 = 0 \quad f_n = 1</tex>. Теория решения таких уравнений аналогична
 
удовлетворяющим граничным условиям <tex>f_0 = 0 \quad f_n = 1</tex>. Теория решения таких уравнений аналогична
 
теории линейных уравнений с постоянными коэффициентами.
 
теории линейных уравнений с постоянными коэффициентами.
  
Пусть сначала <tex>p ≠ q</tex>. Решение будем искать в виде <tex>f_k = \lambda^k</tex>, где <tex>\lambda</tex> является корнем характеристического уравнения <tex>p\lambda_k − \lambda + q = 0</tex>. Корнями такого уравнения являются <tex>\lambda_1 = 1, \lambda_2 = q/p</tex>.
+
Пусть сначала <tex>p ≠ q</tex>. Решение будем искать в виде <tex>f_k = \lambda^k</tex>, где <tex>\lambda</tex> является корнем характеристического уравнения <tex>p\lambda^2 − \lambda + q = 0</tex>. Корнями такого уравнения являются <tex>\lambda_1 = 1, \lambda_2 = \frac{q}{p}</tex>.
  
Значит, функции <tex>\lambda_1^k</tex> и <tex>\lambda_2^k</tex> удовлетворяют уравнению (1.9). Линейная комбинация
+
Значит, функции <tex>\lambda_1^k</tex> и <tex>\lambda_2^k</tex> удовлетворяют уравнению <tex>(2.2)</tex>. Линейная комбинация
  
<tex>f_k = C_1λ^k_1 + C_2λ^k_2</tex> (10)
+
*<tex>\quad f_k = C_1λ^k_1 + C_2λ^k_2</tex>  
  
при любых <tex>C_1</tex> и <tex>C_2</tex> также является решением. Подставляя граничные условия в (10), при <tex>k = 0</tex> и <tex>k = n</tex> получим
+
при любых <tex>C_1</tex> и <tex>C_2</tex> также является решением. Подставляя граничные условия в <tex> f_k = C_1λ^k_1 + C_2λ^k_2</tex>, при <tex>k = 0</tex> и <tex>k = n</tex> получим
  
<tex>C_1 + C_2 = 0, \quad C_1 + (q/p)^nC_2 = 1.</tex>
+
<tex>\quad C_1 + C_2 = 0, \quad C_1 + (\frac{q}{p})^nC_2 = 1.</tex>
  
Отсюда и из (10) находим
+
Отсюда и из <tex>f_k = C_1λ^k_1 + C_2λ^k_2</tex> находим
  
<tex>p_{kn} = (1 − q/p)^k/(1 − (q/p)^n).</tex>
+
*<tex>\quad p_{kn} = \frac{(1 − q/p)^k}{(1 − (q/p)^n)}.</tex>
  
Вероятности выигрыша первым игроком <tex>p_{k0}</tex> тоже удовлетворяют уравнению (1.9). Но граничными
+
Вероятности выигрыша первым игроком <tex>p_{k0}</tex> тоже удовлетворяют уравнению <tex>(2.2)</tex>. Но граничными
 
условиями станут <tex>f_0 = 1, f_n = 0.</tex> Определяя из этих условий <tex>C_1</tex> и <tex>C_2</tex>, получим
 
условиями станут <tex>f_0 = 1, f_n = 0.</tex> Определяя из этих условий <tex>C_1</tex> и <tex>C_2</tex>, получим
  
<tex>p_{k0} = ((q/p)^k − (q/p)^n)/(1 − (q/p)^n).</tex>
+
<tex>\quad p_{k0} = \frac{((q/p)^k − (q/p)^n)}{(1 − (q/p)^n)}.</tex>
  
 
Так как <tex>p_{k0} + p_{kn} = 1</tex>, то с вероятностью <tex>1</tex> один из игроков выиграет.
 
Так как <tex>p_{k0} + p_{kn} = 1</tex>, то с вероятностью <tex>1</tex> один из игроков выиграет.
  
Пусть теперь <tex>p = q = 1/2</tex>. В этом случае <tex>\lambda_1 = \lambda_2 = 1</tex> и решение уравнения (1.9) нужно искать в виде <tex>f_k = C_1 + kC_2 .</tex>
+
Пусть теперь <tex>p = q = 0.5</tex>. В этом случае <tex>\lambda_1 = \lambda_2 = 1</tex> и решение уравнения <tex>(2.2)</tex> нужно искать в виде <tex>f_k = C_1 + kC_2 .</tex>
  
 
С помощью граничных условий находим
 
С помощью граничных условий находим
  
<tex>p_{kn} = \frac{k}{n}, \quad p_{k0} = 1 − \frac{k}{n}.</tex>
+
<tex>\quad p_{kn} = \frac{k}{n}, \quad p_{k0} = 1 − \frac{k}{n}.</tex>
  
 
В схеме блуждания по целым точкам с поглощением только в нуле вероятность события
 
В схеме блуждания по целым точкам с поглощением только в нуле вероятность события
  
<tex>A_n = \{\xi_t = 0</tex> в некоторый момент времени <tex>t</tex>, <tex>\xi_t ∈ [0, n)</tex> во все моменты <tex>t\}</tex>
+
<tex>\quad A_n = \{\exists t : \quad \xi_t = 0 </tex>, <tex>\quad \forall t: \quad \xi_t ∈ [0, n)\}</tex> равна
равна
 
  
<tex> p_{k0} = \begin{cases} ((q/p)^k − (q/p)^n)/(1 − (q/p)^n),  &\text{если p≠q}\\1 − k/n, &\text{если p=0.5}
+
<tex> \quad p_{k0} = \begin{cases} \frac{((q/p)^k − (q/p)^n)}{(1 − (q/p)^n)},  &\text{если p≠q}\\1 − k/n, &\text{если p=0.5}
 
  \end{cases}</tex>
 
  \end{cases}</tex>
  
 
События <tex>A_n</tex> вложены последовательно друг в друга
 
События <tex>A_n</tex> вложены последовательно друг в друга
<tex>\quad A_1 ⊂ A_2 ⊂ · · · ⊂ A_n ⊂ . . . ,</tex>
+
*<tex>\quad A_1 ⊂ A_2 ⊂ · · · ⊂ A_n ⊂ . . . ,</tex>
  
 
поэтому вероятность поглощения в нуле равна
 
поэтому вероятность поглощения в нуле равна
  
<tex>p_k = \lim_{n\to\infty}P(A) = \lim_{n\to\infty}p_{k0}=\begin{cases} (q/p)^k,  &\text{если q меньше p}\\1, &\text{если q≥p}
+
*<tex>p_k = \lim_{n\to\infty}P(A) = \lim_{n\to\infty}p_{k0}=\begin{cases} (\frac{q}{p})^k,  &\text{если q меньше p}\\1, &\text{если q≥p}
 
  \end{cases}</tex>
 
  \end{cases}</tex>
  
 
== Источники информации ==
 
== Источники информации ==
* Конспект лекций по теории случайных процессов А.А. Соловьев
+
'''Все источники нужно сделать кликабельными'''
 
* [https://en.wikipedia.org/wiki/Random_walk "Википедия - Random_walk"]
 
* [https://en.wikipedia.org/wiki/Random_walk "Википедия - Random_walk"]
 
* [https://www.youtube.com/watch?v=6wUD_gp5WeE "Лекция MIT Random Walks"]  
 
* [https://www.youtube.com/watch?v=6wUD_gp5WeE "Лекция MIT Random Walks"]  
 +
* [http://math.csu.ru/new_files/students/lectures/teor_slych_proc/solovev_teor_slych_proc.pdf Конспект лекций по теории случайных процессов А.А. Соловьев]
 +
* [https://cmp.phys.msu.ru/sites/default/files/02_RandomWalks.pdf Случайные блуждания по прямой]
 +
*[https://ru.wikipedia.org/wiki/%D0%97%D0%B0%D0%B4%D0%B0%D1%87%D0%B0_%D0%BE_%D1%80%D0%B0%D0%B7%D0%BE%D1%80%D0%B5%D0%BD%D0%B8%D0%B8_%D0%B8%D0%B3%D1%80%D0%BE%D0%BA%D0%B0 "Задача о разорении игрока"]
 
[[Категория:Дискретная математика и алгоритмы]]
 
[[Категория:Дискретная математика и алгоритмы]]
  
[[Категория: Теория вероятности ]]
+
[[Категория: Теория ]]

Текущая версия на 16:19, 2 сентября 2020

Определение

Определение:
Случайное блуждание (англ. Random walk) — математическая модель процесса случайных изменений — шагов в дискретные моменты времени, предполагается, что изменение на каждом шаге не зависит от предыдущих и от времени. В силу простоты анализа эта модель часто используется в разных сферах в математике, экономике, физике, но, как правило, такая модель является существенным упрощением реального процесса.


Случайные блуждания по прямой

Представим частицу, которая движется по целым точкам на прямой. Перемещение из одной точки в другую происходит через равные промежутки времени. За один шаг частица из точки k с положительной вероятностью p перемещается в точку [math]k + 1[/math] и с положительной вероятностью [math]q = 1 − p[/math] перемещается в точку [math]k − 1[/math]. Физической системе соответствует цепь Маркова:

  • [math]\xi_n = \xi_{n-1} + \eta_n = \xi_0 + S_n, \eta_n = \begin{cases} 1 &\text{с вероятностью p}\\-1 &\text{с вероятностью 1 - p} \end{cases}[/math]

Заметим, что вернуться в какую-либо точку можно только за четное число шагов.

Вероятность смещения на d единиц вправо (влево)

Будем считать, что [math]P(\xi_0 = m) = 1[/math]. Это соответствует тому, что в начальный момент времени частица находилась в точке [math]x = m[/math] (здесь [math]m[/math] — фиксированное число) и затем начала случайно блуждать в соответствии с описанными выше правилами. Пусть [math]d[/math] — смещение частицы за [math]n[/math] шагов. Найдём [math]P(\xi_n = m + d)[/math] для каждого [math]d ∈ Z[/math].

Справедливо равенство:

  • [math]P(\xi_n = m + d) = P(\xi_n = m + d | \xi_0 = m)[/math], если [math]P(\xi_0 = m) = 1.[/math]

Представление через условную вероятность удобно, если нам необходимо явно указать, где находилась частица в начальный момент времени.

Наша физическая модель с математической точки зрения в точности отвечает схеме независимых испытаний Бернулли с двумя исходами —- движением вправо, который мы будем называть успехом, и движением вправо (неудачей). Пусть частица сделала [math]n[/math] прыжков. Вероятность того, что среди этих прыжков будет ровно [math]k[/math] прыжков вправо (или, что то же самое, [math]n−k[/math] прыжков влево) задаётся формулой:

  • [math]P = {C_{n}^k} p^k q^{n−k}, \quad k = 0, 1, . . . , n [/math]

Смещение частицы и число прыжков влево и вправо связаны уравнением

  • [math]d = 1 · k + (−1) · (n − k) = 2k − n \quad[/math]

откуда [math]k = \frac{(n + d)}{2}[/math]. Понятно, что, поскольку частица сделала ровно [math]n[/math] прыжков, число прыжков вправо должно быть целым числом в интервале [math][0, n][/math], другими словами, [math]P(\xi_n = m + d) = 0,[/math] если [math]k = \frac{(n + d)}{2}, k \notin \{0, 1, . . . , n\}[/math]. Если же указанное ограничение выполнено, то в рамках нашей модели блужданий мы можем воспользоваться распределением Бернулли [math]P = {C_{n}^k} p^k q^{n−k}[/math]:

  • [math] P(\xi_n = m + d) = {C_{n}^k} p^k q^{n−k}, \quad k = \frac{(n + d)}{2} [/math], при обязательном условии [math]k ∈ {0, 1, . . . , n}.[/math]


Замечания.

[math]1)[/math] Ограничение [math]0 \leq k \leq n [/math] по формуле [math]d = 1 · k + (−1) · (n − k) = 2k − n[/math] влечёт [math]|d| \leq n[/math]. Это можно понять и без расчётов: если [math]|d| \gt n[/math], то частица не успевает дойти из начальной в конечную точку за [math]n[/math] шагов.

[math]2)[/math] При своём движении частица случайным образом выбирает одну из возможных траекторий. Для перехода из точки [math]m[/math] в точку [math]m[/math] за [math]n[/math] шагов возможными являются все те и только те траектории длины [math]n[/math], в которых ровно [math]k[/math] смещений вправо и [math]n − k[/math] смещений влево, где [math]k = \frac{(n + d)}{2}[/math]. Равенство [math]P = {C_{n}^k} p^k q^{n−k}[/math] при этом можно интерпретировать так: вероятность того, что частица пройдет по одной из возможных траекторий, равна [math]p^k q^{n−k}[/math], и всего существуют [math]{C_{n}^k}[/math] таких траекторий, таким образом,

  • [math]P = p^k \cdot q^{n−k}+...+p^k \cdot q^{n−k}={C_{n}^k} p^k q^{n−k}.[/math]

Случайные блуждания по прямой

Представим частицу, которая движется по целым точкам на прямой. Перемещение из одной точки в другую происходит через равные промежутки времени. За один шаг частица из точки k с положительной вероятностью p перемещается в точку [math]k + 1[/math] и с положительной вероятностью [math]q = 1 − p[/math] перемещается в точку [math]k − 1[/math]. Физической системе соответствует цепь Маркова:

  • [math]\xi_n = \xi_{n-1} + \eta_n = \xi_0 + S_n, \eta_n = \begin{cases} 1 &\text{с вероятностью p}\\-1 &\text{с вероятностью 1 - p} \end{cases}[/math]

Заметим, что вернуться в какую-либо точку можно только за четное число шагов.

Задача о разорении игрока

Пусть начальный капитал [math]\xi_0[/math] первого игрока составляет [math]k[/math] рублей, а капитал второго игрока [math] – (n − k)[/math] рублей. Первый игрок выигрывает или проигрывает рубль с вероятностями [math]p[/math] и [math]q[/math] соответственно. Игра продолжается до тех пор, пока капитал первого игрока не уменьшится до нуля, либо не возрастет до [math]n[/math]. Поглощение точки в правом конце отрезка [math][0, n][/math] соответствует выигрышу первого игрока.

Рассмотрим конечную цепь Маркова:

[math]\quad\xi_{t+1} = \xi_t + \eta_t,\quad P\{\eta_t = 1|\xi_t ≠ 0 ∨ \xi_t ≠ n\} = p,\quad P\{\eta_t = −1|\xi_t ≠ 0 ∨ \xi_t ≠ n\} = q[/math] и

[math]\quad P\{\eta = 0|\xi_t = 0 ∨ \xi_t = n\} = 1. [/math] [math](2.1)[/math]

Вероятность выигрыша для первого игрока в момент времени [math]t[/math] есть [math]p_{kn}(t) = P\{\eta_t = n|\eta_0 = k\}[/math]

По формуле полной вероятности:

  • [math] \quad P\{\xi_{t+1} = n\} = P\{\xi_1 = k + 1|\xi_0 = k\}P\{\xi_{t+1} = n|\xi_{1} = k + 1\} + P\{\xi_{1} = k − 1|\xi_0 = k\}P\{\xi_{t+1} = n|\xi_{1} = k - 1\} [/math]

или

  • [math] \quad p_{kn}(t + 1) = p \cdot p_{k+1,n}(t) + q \cdot p_{k−1,n}(t), \quad k = 1, 2, . . . , n − 1.[/math]

Теорему о предельных вероятностях применить не можем, но заметим, что:

[math] \quad \quad \{\xi_1 = n\} ⊂ \{\xi_2 = n\} ⊂ · · · ⊂ \{\xi_t = n\} ⊂ . . . [/math]

Положим [math]A =\cup_{t=1}^∞\{\xi_t = n\}[/math]. Тогда

[math] \quad \quad p_{kn} = P(A) = \lim_{t\to\infty}P\{\xi_t = n|\xi_0 = k\} = \lim_{t\to\infty}p_{kn}(t).[/math]

Переходя к пределу в [math](2.1)[/math] при [math]t → ∞[/math], получим

[math]\quad \quad p_{kn} = p \cdot p_{k+1,n} + q \cdot p_{k−1,n}[/math]

Так как [math]p_{kn}[/math] вероятность выигрыша для первого игрока, то [math]p_{0n} = 0, p_{nn} = 1[/math]. Рассматриваемая как функция от [math]k[/math], вероятность [math]p_{kn}[/math] является решением уравнения в конечных разностях

  • [math] \quad \quad p \cdot f_{k+1} − f_{k} + q \cdot f_{k−1} = 0 [/math] [math](2.2)[/math]

удовлетворяющим граничным условиям [math]f_0 = 0 \quad f_n = 1[/math]. Теория решения таких уравнений аналогична теории линейных уравнений с постоянными коэффициентами.

Пусть сначала [math]p ≠ q[/math]. Решение будем искать в виде [math]f_k = \lambda^k[/math], где [math]\lambda[/math] является корнем характеристического уравнения [math]p\lambda^2 − \lambda + q = 0[/math]. Корнями такого уравнения являются [math]\lambda_1 = 1, \lambda_2 = \frac{q}{p}[/math].

Значит, функции [math]\lambda_1^k[/math] и [math]\lambda_2^k[/math] удовлетворяют уравнению [math](2.2)[/math]. Линейная комбинация

  • [math]\quad f_k = C_1λ^k_1 + C_2λ^k_2[/math]

при любых [math]C_1[/math] и [math]C_2[/math] также является решением. Подставляя граничные условия в [math] f_k = C_1λ^k_1 + C_2λ^k_2[/math], при [math]k = 0[/math] и [math]k = n[/math] получим

[math]\quad C_1 + C_2 = 0, \quad C_1 + (\frac{q}{p})^nC_2 = 1.[/math]

Отсюда и из [math]f_k = C_1λ^k_1 + C_2λ^k_2[/math] находим

  • [math]\quad p_{kn} = \frac{(1 − q/p)^k}{(1 − (q/p)^n)}.[/math]

Вероятности выигрыша первым игроком [math]p_{k0}[/math] тоже удовлетворяют уравнению [math](2.2)[/math]. Но граничными условиями станут [math]f_0 = 1, f_n = 0.[/math] Определяя из этих условий [math]C_1[/math] и [math]C_2[/math], получим

[math]\quad p_{k0} = \frac{((q/p)^k − (q/p)^n)}{(1 − (q/p)^n)}.[/math]

Так как [math]p_{k0} + p_{kn} = 1[/math], то с вероятностью [math]1[/math] один из игроков выиграет.

Пусть теперь [math]p = q = 0.5[/math]. В этом случае [math]\lambda_1 = \lambda_2 = 1[/math] и решение уравнения [math](2.2)[/math] нужно искать в виде [math]f_k = C_1 + kC_2 .[/math]

С помощью граничных условий находим

[math]\quad p_{kn} = \frac{k}{n}, \quad p_{k0} = 1 − \frac{k}{n}.[/math]

В схеме блуждания по целым точкам с поглощением только в нуле вероятность события

[math]\quad A_n = \{\exists t : \quad \xi_t = 0 [/math], [math]\quad \forall t: \quad \xi_t ∈ [0, n)\}[/math] равна

[math] \quad p_{k0} = \begin{cases} \frac{((q/p)^k − (q/p)^n)}{(1 − (q/p)^n)}, &\text{если p≠q}\\1 − k/n, &\text{если p=0.5} \end{cases}[/math]

События [math]A_n[/math] вложены последовательно друг в друга

  • [math]\quad A_1 ⊂ A_2 ⊂ · · · ⊂ A_n ⊂ . . . ,[/math]

поэтому вероятность поглощения в нуле равна

  • [math]p_k = \lim_{n\to\infty}P(A) = \lim_{n\to\infty}p_{k0}=\begin{cases} (\frac{q}{p})^k, &\text{если q меньше p}\\1, &\text{если q≥p} \end{cases}[/math]

Источники информации

Все источники нужно сделать кликабельными