O2Cmax — различия между версиями

Материал из Викиконспекты
Перейти к: навигация, поиск
(Псевдокод)
Строка 37: Строка 37:
  
 
==Псевдокод==
 
==Псевдокод==
   <tex>I \leftarrow \varnothing </tex>
+
   <tex>I = \varnothing </tex>
   <tex>J \leftarrow \varnothing </tex>
+
   <tex>J = \varnothing </tex>
   <tex>C_{max} \leftarrow \max \{\sum \limits_{i = 1}^{n} a_i, \sum \limits_{i = 1}^{n} b_i, \max \limits_{i = 1}^{n}\{a_i + b_{i}\}\}</tex>
+
   <tex>C_{max} = \max \{\sum \limits_{i = 1}^{n} a_i, \sum \limits_{i = 1}^{n} b_i, \max \limits_{i = 1}^{n}\{a_i + b_{i}\}\}</tex>
   for <tex>i = 1 \dots n</tex>
+
   '''for''' <tex>i = 1</tex> '''to''' <tex>n</tex>
       if <tex>a_{i} \leqslant b{i}</tex>
+
       '''if''' <tex>a_{i} \leqslant b{i}</tex>
         <tex> I \leftarrow I \cup \{i\} </tex>
+
         <tex> I = I \cup \{i\} </tex>
       else
+
       '''else'''
         <tex> J \leftarrow J \cup \{i\} </tex>
+
         <tex> J = J \cup \{i\} </tex>
 
   Найти <tex>x</tex>, где <tex>a_{x} = \max \limits_{i \in I} \{a_{i}\}</tex>
 
   Найти <tex>x</tex>, где <tex>a_{x} = \max \limits_{i \in I} \{a_{i}\}</tex>
 
   Найти <tex>y</tex>, где <tex>b_{y} = \max \limits_{i \in J} \{b_{i}\}</tex>
 
   Найти <tex>y</tex>, где <tex>b_{y} = \max \limits_{i \in J} \{b_{i}\}</tex>
   if <tex>a_{x} < b_{y}</tex>
+
   '''if''' <tex>a_{x} < b_{y}</tex>
 
       Поменять местами первый и второй станок
 
       Поменять местами первый и второй станок
 
       Пересчитать <tex>I, J, x</tex>
 
       Пересчитать <tex>I, J, x</tex>
Строка 56: Строка 56:
 
   От правой границы {{---}} <tex>C_{max}</tex> на первом станке расставляем расписание для <tex>\{x\}</tex>, затем для <tex>J</tex>
 
   От правой границы {{---}} <tex>C_{max}</tex> на первом станке расставляем расписание для <tex>\{x\}</tex>, затем для <tex>J</tex>
 
   От правой границы {{---}} <tex>C_{max}</tex> на втором станке расставляем расписание для <tex>J</tex><br/>
 
   От правой границы {{---}} <tex>C_{max}</tex> на втором станке расставляем расписание для <tex>J</tex><br/>
   if станки меняли местами
+
   '''if''' станки меняли местами
 
       поменять их обратно
 
       поменять их обратно
  

Версия 20:54, 15 мая 2016

[math]O2 \mid \mid C_{max}[/math]

Задача:
Рассмотрим задачу:
  • Дано [math]n[/math] работ и [math]2[/math] станка.
  • Для каждой работы известно её время выполнения на каждом станке.
Требуется минимизировать время окончания всех работ, если каждую работу необходимо выполнить на обоих станках.


Описание алгоритма

Пусть [math]a_{i}[/math] — время выполнения [math]i[/math]-ой работы на первом станке, а [math]b_{i}[/math] — на втором.

  1. Разобьём все работы на два множества: [math]I = \{i \mid a_{i} \leqslant b_{i}; i = 1, \dots, n\}[/math] и [math]J = \{i \mid a_{i} \gt b_{i}; i = 1, \dots, n\}[/math].
  2. Найдем такие [math] x [/math] и [math] y [/math], что [math]a_{x} = \max \{a_{i} \mid i \in I\}[/math] и [math]b_{y} = \max \{b_{i} \mid i \in J\}[/math].
  3. Построим оптимальное значение целевой функции: [math]C_{max} = \max \{\sum \limits_{i = 1}^{n} a_i, \sum \limits_{i = 1}^{n} b_i, \max \limits_{i = 1}^{n}\{a_i + b_{i}\}\}[/math].
  4. Рассмотрим два случая. Первый случай, когда [math]a_{x} \gt b_{y}[/math] (он показан на рисунке ниже). Будем строить расписание с двух концов:
    • Строим расписание слева: выполняем на первом станке все работы из [math]I \setminus \{x\}[/math], а на втором выполняем первой работу [math]x[/math], затем [math]I \setminus \{x\}[/math].
    • Теперь, упираясь в правую границу, равную [math] C_{max} [/math], можно построить расписание справа: выполняем на первом станке все работы из [math]J[/math], затем [math]x[/math], а для второго выполняем работы из [math]J[/math].
Второй случай сводится к первому: все работы и станки меняются местами, и решается задача для первого случая.
Picture2.gif

Доказательство корректности алгоритма

Теорема:
Расписание, построенное данным алгоритмом, является корректным и оптимальным.
Доказательство:
[math]\triangleright[/math]

Чтобы доказать корректность, надо доказать, что на каждом станке в любой момент времени выполняется не более одной работы, и что каждая работа в каждый момент времени выполняется не более, чем на одном станке.
Первое утверждение вытекает из того, что мы строили расписание, опираясь на [math]C_{max}[/math]. Из построения [math]C_{max} \geqslant \sum \limits_{i = 1}^{n}a_{i}, \sum \limits_{i = 1}^{n}b_{i}[/math], следовательно на каждом станке в любой момент времени выполняется не более одной работы.
Докажем теперь второе утверждение. У нас имеется 3 блока работ: [math] I \setminus \{x\}, \{x\}, J[/math].

  1. Для блока [math] \{x\}[/math] это следует из того, что [math] C_{max} \geqslant a_{x}+b_{x}[/math], а работа [math] x [/math] выполняется с разных концов станков. Получили, что отрезки выполнения работы [math] x [/math] на разных станках не пересекаются.
  2. Покажем, что любая работа из [math] I \setminus \{x\}[/math] начинает выполняться на втором станке позже, чем заканчивает выполняться на первом. Для этого рассмотрим сумму:
    [math]\sum \limits_{i = 1}^k a_{i} \leqslant \sum \limits_{i = 1}^k b_{i} = \sum \limits_{i = 1}^{k - 1} b_{i} + b_{x}[/math], где [math]1 \dots k[/math] — это работы, выполняемые на первом станке во время данного блока.
    Это неравенство следует из выбора [math]I[/math] и из того, что [math]b_{x} \geqslant a_{x} \geqslant a_{i}, \forall i \in I[/math].
    Получили, что каждая работа из этого блока начинает выполняться на втором станке позже, чем она заканчивается на первом.
  3. Покажем, что любая работа из [math]J[/math] начинает выполняться на втором станке позже, чем заканчивает выполняться на первом. Для этого рассмотрим сумму:
    [math]\sum \limits_{i = 1}^k b_{i} \leqslant \sum \limits_{i = 1}^k a_{i} \leqslant \sum \limits_{i = 1}^{k - 1} a_{i} + a_{x}[/math], где [math]1 \dots k[/math] — это работы, выполняемые на втором станке во время данного блока.

Это неравенство следует из выбора [math]J[/math] и из того, что [math]a_{x} \geqslant a_{i}, \forall i \in I[/math]. Получили, что каждая работа из этого блока начинает выполняться на втором станке позже, чем она заканчивается на первом.

Итого мы доказали корректность.

Оптимальность вытекает из того, что [math]C_{max}[/math] не может быть меньше [math]\sum \limits_{i = 1}^{n} a_i, \sum \limits_{i = 1}^{n} b_i, \max \limits_{i = 1}^{n}\{a_i + b_{i}\}[/math], а из построения оно равно максимуму из этих значений.
[math]\triangleleft[/math]

Псевдокод

  [math]I = \varnothing [/math]
  [math]J = \varnothing [/math]
  [math]C_{max} = \max \{\sum \limits_{i = 1}^{n} a_i,  \sum \limits_{i = 1}^{n} b_i,  \max \limits_{i = 1}^{n}\{a_i + b_{i}\}\}[/math]
  for [math]i = 1[/math] to [math]n[/math]
     if [math]a_{i} \leqslant b{i}[/math]
        [math] I = I \cup \{i\} [/math]
     else
        [math] J = J \cup \{i\} [/math]
  Найти [math]x[/math], где [math]a_{x} = \max \limits_{i \in I} \{a_{i}\}[/math]
  Найти [math]y[/math], где [math]b_{y} = \max \limits_{i \in J} \{b_{i}\}[/math]
  if [math]a_{x} \lt  b_{y}[/math]
     Поменять местами первый и второй станок
     Пересчитать [math]I, J, x[/math]
     Запомнить, что поменяли
  
  Начиная с [math]0[/math] на первом станке расставляем расписание для [math]I \setminus \{x\}[/math]
  Начиная с [math]0[/math] на втором станке расставляем расписание для [math]\{x\}[/math], затем для [math]I \setminus \{x\}[/math]
От правой границы — [math]C_{max}[/math] на первом станке расставляем расписание для [math]\{x\}[/math], затем для [math]J[/math] От правой границы — [math]C_{max}[/math] на втором станке расставляем расписание для [math]J[/math]
if станки меняли местами поменять их обратно

Сложность алгоритма

Каждое из множеств в сумме содержит [math]n[/math] элементов. Следовательно, чтобы найти максимум в каждом из множеств нам потребуется [math]O(n)[/math] операций, чтобы составить расписание для каждой работы из множества нам потребуется так же [math]O(n)[/math] операций. Получаем сложность алгоритма [math]O(n)[/math].