Opij1sumwu — различия между версиями

Материал из Викиконспекты
Перейти к: навигация, поиск
(Время работы)
м (Описание алгоритма)
Строка 5: Строка 5:
 
}}
 
}}
 
==Описание алгоритма==
 
==Описание алгоритма==
Для решения этой задачи, мы должны найти множество <tex>S</tex> работ, которые успеваем выполнить до дедлайна. Значит нам надо минимизировать: <tex>\sum\limits_{ i \notin S } {w_{i}}</tex>. Будем решать эту задачу с помощью [[Динамическое_программирование|динамического программирования]] с использованием утверждений из решения задачи [[Opij1di|<tex> O \mid p_{i,j} = 1, d_i \mid - </tex>]].
+
Для решения этой задачи, мы должны найти множество <tex>S</tex> работ, которые успеваем выполнить до дедлайна. Значит нам надо минимизировать: <tex>\sum\limits_{ i \notin S } {w_{i}}</tex>. Будем решать эту задачу с помощью [[Динамическое_программирование|динамического программирования]] с использованием утверждений из решения задачи [[Opij1di|<tex> O \mid p_{i, j} = 1, d_{i} \mid - </tex>]].
  
 
Рассмотрим работы в порядке неубывания дедлайнов: <tex>d_{1} \leqslant d_{2} \leqslant \ldots \leqslant d_{n}</tex>. Пусть мы нашли решение для работ <tex>1, 2, \ldots, i - 1</tex>. Очевидно, что <tex>S \subseteq \{1, \ldots , i - 1\}</tex>.
 
Рассмотрим работы в порядке неубывания дедлайнов: <tex>d_{1} \leqslant d_{2} \leqslant \ldots \leqslant d_{n}</tex>. Пусть мы нашли решение для работ <tex>1, 2, \ldots, i - 1</tex>. Очевидно, что <tex>S \subseteq \{1, \ldots , i - 1\}</tex>.
  
Пусть <tex>h^S</tex> {{---}} вектор соответствующий множеству <tex>S</tex> из задачи [[Opij1di|<tex> O \mid p_{i,j} = 1, d_i \mid - </tex>]]. Тогда, для добавления работы <tex>i</tex> в множество <tex>S</tex> должно выполняться неравенство: <tex>m \cdot (d_i - m) - ( km - \sum\limits_{j = 1}^m {h^S(d_i - m + j)})+x(d_i) \geqslant m</tex>, где <tex>k=|S|</tex> и <tex>x(d_i)</tex> {{---}} количество периодов времени <tex>t</tex> со свойствами: <tex>d_i - m + 1 \leqslant t \leqslant d_i</tex> и <tex>h^S(t) < m</tex>. Чтобы проверить это неравенство, нам нужно посчитать <tex>m</tex> чисел <tex>h^S(t)</tex>, <tex>t=d_i - m + 1, \ldots, d_i</tex>. Для этого определим переменные:  
+
Пусть <tex>h^S</tex> {{---}} вектор соответствующий множеству <tex>S</tex> из задачи [[Opij1di|<tex> O \mid p_{i, j} = 1, d_i \mid - </tex>]]. Тогда, для добавления работы <tex>i</tex> в множество <tex>S</tex> должно выполняться неравенство: <tex>m \cdot (d_{i} - m) - ( k m - \sum \limits_{j = 1}^m {h^S(d_{i} - m + j)})+x(d_{i}) \geqslant m</tex>, где <tex>k = |S|</tex> и <tex>x(d_{i})</tex> {{---}} количество периодов времени <tex>t</tex> со свойствами: <tex>d_{i} - m + 1 \leqslant t \leqslant d_{i}</tex> и <tex>h^S(t) < m</tex>. Чтобы проверить это неравенство, нам нужно посчитать <tex>m</tex> чисел <tex>h^S(t)</tex>, <tex>t=d_{i} - m + 1, \ldots, d_{i}</tex>. Для этого определим переменные:  
  
<tex>k_j= \begin{cases}  
+
<tex>k_{j} = \begin{cases}  
h^S(d_i - m + j) & j \in \{1 , \ldots , m\} \\
+
h^S(d_{i} - m + j) & j \in \{1 , \ldots , m\} \\
 
0 & j \notin \{1 , \ldots , m\} \\
 
0 & j \notin \{1 , \ldots , m\} \\
 
\end{cases}</tex>,  
 
\end{cases}</tex>,  
  
<tex>l_j=\begin{cases}
+
<tex>l_j = \begin{cases}
1 & j \in \{1 , \ldots , m\}\text{; }  k_j < m \\
+
1 & j \in \{1 , \ldots , m\}\text{; }  k_{j} < m \\
 
0 & \text{otherwise} \\
 
0 & \text{otherwise} \\
 
\end{cases} .</tex>  
 
\end{cases} .</tex>  
  
Тогда можно заметить, что <tex>x(d_i)=\sum\limits_{j = 1}^m {l_j}</tex>, так как <tex>l_j = 1</tex> если <tex>1 \leqslant j \leqslant m</tex> и <tex>h^S(d_i - m + j) < m</tex> или <tex>d_i - m + 1 \leqslant d_i - m + j \leqslant d_i</tex> и <tex>h^S(d_i - m + j) < m</tex>. Следовательно можно упростить исходное неравенство: <tex>m \cdot (d_i - m) - (km - \sum\limits_{j = 1}^m {k_j}) + \sum\limits_{j = 1}^m {l_j} \geqslant m</tex> или <tex>m \cdot (d_i - m - k)+ \sum\limits_{j = 1}^m {(k_j + l_j)} \geqslant m</tex>.
+
Тогда можно заметить, что <tex>x(d_{i}) = \sum\limits_{j = 1}^m {l_{j}}</tex>, так как <tex>l_{j} = 1</tex> если <tex>1 \leqslant j \leqslant m</tex> и <tex>h^S(d_{i} - m + j) < m</tex> или <tex>d_{i} - m + 1 \leqslant d_{i} - m + j \leqslant d_{i}</tex> и <tex>h^S(d_{i} - m + j) < m</tex>. Следовательно можно упростить исходное неравенство: <tex>m \cdot (d_{i} - m) - (k m - \sum \limits_{j = 1}^m {k_{j}}) + \sum \limits_{j = 1}^m {l_{j}} \geqslant m</tex> или <tex>m \cdot (d_{i} - m - k)+ \sum\limits_{j = 1}^m {(k_{j} + l_{j})} \geqslant m</tex>.
  
Для динамического программирования определим <tex>f_i(k , k_1 , \ldots , k_m)</tex> {{---}} минимальное значение целевой функции для расписания работ <tex>i , i+1 , \ldots , n</tex>, позволяющее выполнить работы из множества <tex>S</tex> без опоздания, где <tex>k = |S|, S \subseteq \{1, \ldots , i - 1\}</tex> и <tex>k_j=h^S(d_i - m + j)</tex>, где <tex>j = 1, \ldots , m</tex>, то есть <tex>f_i(k, k_1, \ldots , k_m) = \min\limits_{S: |S| = k, S \subseteq \{1, \ldots , i - 1 \}}(\sum\limits_{j = i}^n {w_jU_j})</tex>.
+
Для динамического программирования определим <tex>f_{i} (k , k_{1} , \ldots , k_{m})</tex> {{---}} минимальное значение целевой функции для расписания работ <tex>i , i + 1 , \ldots , n</tex>, позволяющее выполнить работы из множества <tex>S</tex> без опоздания, где <tex>k = |S|, S \subseteq \{1, \ldots , i - 1\}</tex> и <tex>k_{j}=h^S(d_{i} - m + j)</tex>, где <tex>j = 1, \ldots , m</tex>, то есть <tex>f_{i} (k, k_{1}, \ldots , k_{m}) = \min \limits_{S: |S| = k, S \subseteq \{1, \ldots , i - 1 \}} (\sum \limits_{j = i}^n {w_{j} U_{j}})</tex>.
  
Пусть <tex>p = d_{i + 1} - d_i</tex>, тогда определим рекуррентное выражение для <tex>f_i(k, k_1, \ldots , k_m)</tex>:
+
Пусть <tex>p = d_{i + 1} - d_{i}</tex>, тогда определим рекуррентное выражение для <tex>f_{i} (k, k_{1}, \ldots , k_m)</tex>:
  
<tex>f_i(k, k_1, \ldots , k_m)=\begin{cases}
+
<tex>f_{i} (k, k_{1}, \ldots , k_{m}) = \begin{cases}
f_{i + 1}(k, k_{1 + p},k_{2 + p}, \ldots, k_{m + p}) + w_i, & m\cdot (d_i - m - k)+ \sum\limits_{j = 1}^m {(k_j + l_j)} < m \text{ } (1)\\
+
f_{i + 1} (k, k_{1 + p},k_{2 + p}, \ldots, k_{m + p}) + w_{i}, & m \cdot (d_{i} - m - k)+ \sum \limits_{j = 1}^m {(k_{j} + l_{j})} < m \text{ } (1)\\
\min(f_{i + 1}(k, k_{1 + p}, k_{2 + p}, \ldots , k_{m + p}) + w_i ; f_{i + 1}(k + 1, k_{1 + p} + l_{1 + p},k_{2 + p} + l_{2 + p}, \ldots ,k_{m + p} + l_{m + p})), & m\cdot (d_i - m - k) +  \sum\limits_{j = 1}^m {(k_j + l_j)} \geqslant m \text{ }(2)\\
+
\min(f_{i + 1} (k, k_{1 + p}, k_{2 + p}, \ldots , k_{m + p}) + w_{i} ; f_{i + 1} (k + 1, k_{1 + p} + l_{1 + p}, k_{2 + p} + l_{2 + p}, \ldots , k_{m + p} + l_{m + p})), & m \cdot (d_i - m - k) +  \sum \limits_{j = 1}^m {(k_{j} + l_{j})} \geqslant m \text{ }(2)\\
 
\end{cases}</tex>
 
\end{cases}</tex>
  
c начальным условием: <tex>f_{n + 1}(k, k_1, \ldots , k_m) = 0 </tex> для <tex>k, k_1, \ldots , k_m = 0, 1, \ldots , m</tex>.
+
c начальным условием: <tex>f_{n + 1} (k, k_{1}, \ldots , k_{m}) = 0 </tex> для <tex>k, k_{1}, \ldots , k_{m} = 0, 1, \ldots , m</tex>.
  
Если выполняется неравенство <tex>(1)</tex>, то мы не можем добавить работу <tex>i</tex> в множество <tex>S</tex> и поэтому <tex>f_i(k, k_1 \ldots , k_m) = f_{i + 1}(k, k_{1 + p}, k_{2 + p}, \ldots, k_{m + p}) + w_i</tex>.  
+
Если выполняется неравенство <tex>(1)</tex>, то мы не можем добавить работу <tex>i</tex> в множество <tex>S</tex> и поэтому <tex>f_{i} (k, k_{1} \ldots , k_{m}) = f_{i + 1} (k, k_{1 + p}, k_{2 + p}, \ldots, k_{m + p}) + w_{i}</tex>.  
  
Если выполняется неравенство <tex>(2)</tex>, тогда мы может добавить работу <tex>i</tex> в множество <tex>S</tex> или не добавлять. Если мы добавим работу <tex>i</tex>, то <tex>f_i(k, k_1,  \ldots , k_m) = f_{i + 1}(k + 1,k_{1 + p} + l_{1 + p},k_{2 + p}+l_{2 + p}, \ldots ,k_{m + p}+l_{m + p}) \text{ } (3)</tex>. Если мы не добавим работу <tex>i</tex>, то по аналогии с первым случаем <tex>f_i(k, k_1, \ldots , k_m) = f_{i + 1}(k, k_{1 + p},k_{2 + p}, \ldots, k_{m + p}) +w_i \text{ } (4)</tex>. Так как <tex>f_i(k, k_1, \ldots , k_m) = \min(\sum\limits_{j = i}^n {w_jU_j})</tex>, то нам надо взять минимум из значений <tex>(3)</tex> и <tex>(4)</tex>.
+
Если выполняется неравенство <tex>(2)</tex>, тогда мы может добавить работу <tex>i</tex> в множество <tex>S</tex> или не добавлять. Если мы добавим работу <tex>i</tex>, то <tex>f_{i} (k, k_{1},  \ldots , k_{m}) = f_{i + 1}(k + 1, k_{1 + p} + l_{1 + p}, k_{2 + p}+l_{2 + p}, \ldots , k_{m + p}+l_{m + p}) \text{ } (3)</tex>. Если мы не добавим работу <tex>i</tex>, то по аналогии с первым случаем <tex>f_{i} (k, k_{1}, \ldots , k_{m}) = f_{i + 1} (k, k_{1 + p},k_{2 + p}, \ldots, k_{m + p}) +w_{i} \text{ } (4)</tex>. Так как <tex>f_{i} (k, k_{1}, \ldots , k_{m}) = \min(\sum \limits_{j = i}^n {w_{j} U_{j}})</tex>, то нам надо взять минимум из значений <tex>(3)</tex> и <tex>(4)</tex>.
  
Ответ на задачу будет находиться в <tex>f_1(0, 0, \ldots , 0)</tex>.
+
Ответ на задачу будет находиться в <tex>f_{1} (0, 0, \ldots , 0)</tex>.
  
 
==Время работы==
 
==Время работы==

Версия 23:19, 23 мая 2016

[math] O \mid p_{i,j} = 1 \mid \sum w_{i} U_{i} [/math]

Задача:
Дано [math]m[/math] одинаковых станков, которые работают параллельно, и [math]n[/math] работ, которые необходимо выполнить в произвольном порядке на всех станках. Любая работа на любом станке выполняется за единицу времени. Для каждой работы есть время окончания [math]d_i[/math] — время, до которого она должна быть выполнена. Требуется минимизировать [math]\sum w_{i} U_{i}[/math], то есть суммарный вес всех просроченных работ.

Описание алгоритма

Для решения этой задачи, мы должны найти множество [math]S[/math] работ, которые успеваем выполнить до дедлайна. Значит нам надо минимизировать: [math]\sum\limits_{ i \notin S } {w_{i}}[/math]. Будем решать эту задачу с помощью динамического программирования с использованием утверждений из решения задачи [math] O \mid p_{i, j} = 1, d_{i} \mid - [/math].

Рассмотрим работы в порядке неубывания дедлайнов: [math]d_{1} \leqslant d_{2} \leqslant \ldots \leqslant d_{n}[/math]. Пусть мы нашли решение для работ [math]1, 2, \ldots, i - 1[/math]. Очевидно, что [math]S \subseteq \{1, \ldots , i - 1\}[/math].

Пусть [math]h^S[/math] — вектор соответствующий множеству [math]S[/math] из задачи [math] O \mid p_{i, j} = 1, d_i \mid - [/math]. Тогда, для добавления работы [math]i[/math] в множество [math]S[/math] должно выполняться неравенство: [math]m \cdot (d_{i} - m) - ( k m - \sum \limits_{j = 1}^m {h^S(d_{i} - m + j)})+x(d_{i}) \geqslant m[/math], где [math]k = |S|[/math] и [math]x(d_{i})[/math] — количество периодов времени [math]t[/math] со свойствами: [math]d_{i} - m + 1 \leqslant t \leqslant d_{i}[/math] и [math]h^S(t) \lt m[/math]. Чтобы проверить это неравенство, нам нужно посчитать [math]m[/math] чисел [math]h^S(t)[/math], [math]t=d_{i} - m + 1, \ldots, d_{i}[/math]. Для этого определим переменные:

[math]k_{j} = \begin{cases} h^S(d_{i} - m + j) & j \in \{1 , \ldots , m\} \\ 0 & j \notin \{1 , \ldots , m\} \\ \end{cases}[/math],

[math]l_j = \begin{cases} 1 & j \in \{1 , \ldots , m\}\text{; } k_{j} \lt m \\ 0 & \text{otherwise} \\ \end{cases} .[/math]

Тогда можно заметить, что [math]x(d_{i}) = \sum\limits_{j = 1}^m {l_{j}}[/math], так как [math]l_{j} = 1[/math] если [math]1 \leqslant j \leqslant m[/math] и [math]h^S(d_{i} - m + j) \lt m[/math] или [math]d_{i} - m + 1 \leqslant d_{i} - m + j \leqslant d_{i}[/math] и [math]h^S(d_{i} - m + j) \lt m[/math]. Следовательно можно упростить исходное неравенство: [math]m \cdot (d_{i} - m) - (k m - \sum \limits_{j = 1}^m {k_{j}}) + \sum \limits_{j = 1}^m {l_{j}} \geqslant m[/math] или [math]m \cdot (d_{i} - m - k)+ \sum\limits_{j = 1}^m {(k_{j} + l_{j})} \geqslant m[/math].

Для динамического программирования определим [math]f_{i} (k , k_{1} , \ldots , k_{m})[/math] — минимальное значение целевой функции для расписания работ [math]i , i + 1 , \ldots , n[/math], позволяющее выполнить работы из множества [math]S[/math] без опоздания, где [math]k = |S|, S \subseteq \{1, \ldots , i - 1\}[/math] и [math]k_{j}=h^S(d_{i} - m + j)[/math], где [math]j = 1, \ldots , m[/math], то есть [math]f_{i} (k, k_{1}, \ldots , k_{m}) = \min \limits_{S: |S| = k, S \subseteq \{1, \ldots , i - 1 \}} (\sum \limits_{j = i}^n {w_{j} U_{j}})[/math].

Пусть [math]p = d_{i + 1} - d_{i}[/math], тогда определим рекуррентное выражение для [math]f_{i} (k, k_{1}, \ldots , k_m)[/math]:

[math]f_{i} (k, k_{1}, \ldots , k_{m}) = \begin{cases} f_{i + 1} (k, k_{1 + p},k_{2 + p}, \ldots, k_{m + p}) + w_{i}, & m \cdot (d_{i} - m - k)+ \sum \limits_{j = 1}^m {(k_{j} + l_{j})} \lt m \text{ } (1)\\ \min(f_{i + 1} (k, k_{1 + p}, k_{2 + p}, \ldots , k_{m + p}) + w_{i} ; f_{i + 1} (k + 1, k_{1 + p} + l_{1 + p}, k_{2 + p} + l_{2 + p}, \ldots , k_{m + p} + l_{m + p})), & m \cdot (d_i - m - k) + \sum \limits_{j = 1}^m {(k_{j} + l_{j})} \geqslant m \text{ }(2)\\ \end{cases}[/math]

c начальным условием: [math]f_{n + 1} (k, k_{1}, \ldots , k_{m}) = 0 [/math] для [math]k, k_{1}, \ldots , k_{m} = 0, 1, \ldots , m[/math].

Если выполняется неравенство [math](1)[/math], то мы не можем добавить работу [math]i[/math] в множество [math]S[/math] и поэтому [math]f_{i} (k, k_{1} \ldots , k_{m}) = f_{i + 1} (k, k_{1 + p}, k_{2 + p}, \ldots, k_{m + p}) + w_{i}[/math].

Если выполняется неравенство [math](2)[/math], тогда мы может добавить работу [math]i[/math] в множество [math]S[/math] или не добавлять. Если мы добавим работу [math]i[/math], то [math]f_{i} (k, k_{1}, \ldots , k_{m}) = f_{i + 1}(k + 1, k_{1 + p} + l_{1 + p}, k_{2 + p}+l_{2 + p}, \ldots , k_{m + p}+l_{m + p}) \text{ } (3)[/math]. Если мы не добавим работу [math]i[/math], то по аналогии с первым случаем [math]f_{i} (k, k_{1}, \ldots , k_{m}) = f_{i + 1} (k, k_{1 + p},k_{2 + p}, \ldots, k_{m + p}) +w_{i} \text{ } (4)[/math]. Так как [math]f_{i} (k, k_{1}, \ldots , k_{m}) = \min(\sum \limits_{j = i}^n {w_{j} U_{j}})[/math], то нам надо взять минимум из значений [math](3)[/math] и [math](4)[/math].

Ответ на задачу будет находиться в [math]f_{1} (0, 0, \ldots , 0)[/math].

Время работы

Для определения времени работы алгоритма надо заметить, что [math]i = 0, \ldots , n[/math], [math] k = 0, \ldots , n[/math] и [math]k_j = 0, \ldots m[/math] где [math]j = 1, \ldots , m[/math]. Из рекуррентной формулы очевидно, что для подсчета одного значения [math]f_i(k, k_1, \ldots , k_m)[/math] нужно [math]O(m)[/math] времени. Значит алгоритм работает за [math]O(n^2 m^{m + 1})[/math].

См. также

Источники информации

  • Peter Brucker. «Scheduling Algorithms» — «Springer», 2006 г. — c. 168 - 170. ISBN 978-3-540-69515-8